∥3套精选试卷∥宁夏名校2017-2018中考物理第一次联考试题
中考物理模拟试卷
一、选择题
1．下列机械或工具的使用，属于费力杠杆的是
A．羊角锤B．筷子C．起瓶器
D．独轮车
【答案】B
【解析】分析问题的关键找出动力臂和阻力臂，若动力臂大于阻力臂则省力，动力臂小于阻力臂为费力．羊角锤、起瓶器和独轮车都是省力杠杆；筷子的支点在上端点，手到上端点为动力臂，所夹物体到上端点为阻力臂，动力臂小于阻力臂为费力杠杆．
2．霜降是二十四节气中第十八个节气，交节时间点在公历10月23日前后，霜降是秋季的最后一个节气，是秋季到冬季过渡的开始，最低气温可达到0℃左右。霜降后，清晨时分，会在野外的枯草上、树叶上看到一层白色的霜，与之相对应的物态变化是
A．凝华B．液化
C．凝固D．汽化
【答案】A
【解析】霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，凝华放热。
3．“安全用电，珍惜生命”是每个公民应有的意识．下列关于家庭电路说法正确的是
A．家电路起火时，应先用水扑灭，然后再断开电路
B．空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路导致的
C．当有人触电时，漏电保护器会迅速切断电路
D．家中多个大功率用电器，应接在同一插线板上使用
【答案】C
【解析】A. 家庭电路起火时，应先断开电路用水扑灭，然后再用水扑灭，防止触电．故A错误；B.空气开关“跳闸”有可能发生了短路，还有可能是电路中用电器总功率过大造成的．故B错误；C. 漏电保护器通过检测电路中地线和火线中电流大小差异来控制开关，当火线有漏电时（单线触电）通过进户火线的电流大,而通过进户地线的电流小,引起绕在漏电保护器铁芯上磁通变化,而自动关掉开关，切断电路．故C 正确；D. 家中多个大功率用电器不可以在同一插线板上使用，否则会使电路中电流的过大而引起火灾．故D错误．故选C.
点睛：1.水是导体，电路起火时不能用水灭火，否则会发生触电事故；2. 电路中用电器总功率过大或发生
短路都会引起空气开关“跳闸”；3. 当有人触电时，漏电保护器会迅速切断电；4. 家中多个大功率用电器不能在同一插线板上使用，否则容易引起火灾．
4．关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（）
A．分子间只存在引力不存在斥力
B．面包可以被捏扁说明分子间有空隙
C．美味住肴香气扑鼻说明分子在运动
D．银河系、地球、原子核、分子是按照尺度由大到小的顺序排列的
【答案】C
【解析】A、分子间的引力和斥力同时存在，故A错误；B、用手捏面包，面包的体积缩小了，说明力可以改变物体的形状，故B错误；C、美味佳肴，香气扑鼻，说明分子不停地做无规则运动，故C正确；D、质子和中子构成原子核，电子和原子核构成原子，原子构成分子，分子构成物质，地球又是太阳系中的一颗行星比太阳小，太阳系只是银河系中之一，所以它们从大到小的顺序为：银河系、地球、分子、原子核，故D错误。故选：C。
点睛：（1）物质是由分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在相互作用的引力和斥力；（2）力可以使物体发生形变；（3）银河系很大，太阳系只是其中之一，地球是太阳系中一员；物体是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的，原子核包括质子和中子两部分。
5．2019年1月3日，嫦娥4号在月球背面成功软着陆，并利用桥中继星进行月地之间信息的传递．如图所示为在月球背面行进的月球车“玉兔二号”，则下列说法正确的是
A．月球车的“脚印”说明力可以改变物体的形状
B．月球车的车轮表面应做得宽大以增大摩擦力
C．太阳能电池板的作用是将太阳能转化为机械能
D．月地之间信息的传递是通过次声波来实现的
【答案】A
【解析】A．力可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态，月球车在月球表面上留下“脚印”说明力可以改变物体的形状；故A正确；
B．月球车的车轮表面做得宽大，是通过增大受力面积来减小压强；摩擦力的大小与接触面积无关，所以不是增大摩擦力；故B错误；
C．太阳能电池板的能量转化为太阳能转化为电能，故C错误；
D．声的传播需要介质，真空不能传声；电磁波能在真空中传播，则月地之间信息的传递是通过电磁波来实现的，故D错误；
6．最新发布的《中国居民膳食指南》中提倡“吃动平衡，天天运动”，小陈在商丘日月湖行走，通过手机软件测得50分钟行走6000步，路程约5km，据此估计一个健康的成年人行走的平均速度，下列选项中最合理的一项是（
A．5km/h B．1.5km/h C．6km/h D．15km/h
【答案】C
【解析】已知时间和路程，利用速度公式求出平均速度．
【详解】已知t=50min=5 6
h，s=5km．
则小陈行走的速度：
5km
==6km/h
5
h
6
s
v
t
=
．
故选C；
【点睛】
此题考查速度公式及其应用，是一道较为简单的计算题，难度不大．
7．如图所示，小丽同学和爷爷进行爬楼比赛，爷爷最终用100 s的时间从一楼爬到六楼，赢得了比赛的胜利。爷爷登楼时的平均功率大约为
A．10W B．100W C．1kW D．10kW
【答案】B
【解析】爷爷的体重估算为600N，则从一楼爬到六楼做功约为W=Gh=600N×15m=9000J，根据
W
P
t
=可得，爷爷登楼时的平均功率大约为
9000J
90W?
100s
W
P
t
===，故B接近实际为答案。
8．如图，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格长度为2cm，当弹簧测力计在A点斜向上（与水平方向成30°角）拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，测力计的示数为3N．下列说法正确的是
A．动力臂为OA，大小为8 cm
B．此时为省力杠杆
C．钩码总重为2 N
D．若改为竖直向上拉A点，则为了保持杠杆水平位置平衡，测力计的示数应大于3N
【答案】C
【解析】A、如图所示，动力臂为l1，当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，所以
动力臂l1＝1
2
OA＝
1
2
×4×2cm＝4cm，故A错误；
B、由图知，钩码对杠杆拉力为阻力，阻力臂的大小：l2＝3×2cm＝6cm＞l1，杠杆为费力杠杆，故B错误；
C、由图知，弹簧测力计示数为3N，根据杠杆的平衡条件F1l1＝Gl2可得，11
2
3N4cm
2N
6cm
F
G
l
l
?
===，故C正确；
D、竖直向上拉A点时，力臂大小等于OA，由杠杆平衡条件有：F1′?OA＝Gl2，所以测力计的示数：F1′＝2
2N6cm
1.5N
2cm4
l
OA
G?
==
?
，故D错误。
9．甲、乙两小车同时同地沿同一直线匀速直线运动，它们的s-t图象分别如图所示，根据图象分析可知( )
A．v甲＝0.6 m/s，v乙＝0.4 m/s B．经过6 s两小车一定相距6.0 m
C．经过6 s两小车一定相距4.8 m D．经过6 s两小车可能相距2.4 m
【答案】D
【解析】图象中横纵坐标表示的是时间，纵坐标上表示路程；
A．由图可知，当t=6s时，甲通过的路程为s甲=3．6m，乙车通过的路程为s乙=3．3m，
则
3.6
=0.6/
6
S m
V m s
t s
甲
甲
==，
1.2
=0.2/
6
S m
V m s
t s
==
乙
乙
，故A错误；
BCD．由图象可看出：经过6s，甲车的路程是3．6m，乙车的路程是3．3m，
若两车运动方向相同，则两车相距3．6m﹣3．3m=3．4m，
若两车运动方向相反，则两车相距3．6m+3．3m=4．8m，故BC错误，D正确；
故选D．
10．小明对中考体育测试使用的身高测量仪感兴趣，为了了解它的测量原理，他尝试设计了如图所示的四个电路，其中能够实现身高越高、电压表示数越大的电路是（）
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】A．图中两电阻串联，电压表测R′两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，根据串联电路的总电压可知R′电压变小，即电压表的示数变小，不符合题意；
B．图中两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，符合题意；
C．图中两电阻串联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以身高越高时电压表的示数保持不变，不符合题意；
D．图中两电阻并联，电压表测电源的电压，身高越高时，定值电阻R不能保护电路，并且由并联电路电压特点知电压表的示数不变，不符合题意；
故应选B．
二、填空题
11．如果某一电动自行车电动机的额定功率为240W．正常工作时供电电流为5A，则电动机的额定工作电压为______V．若电动自行车以18km/h的速度匀速行驶了10min，则其通过的路程为______m。
【答案】48 3000
【解析】由P=UI可得，电动机的额定电压：
240W
=48V
5A
P
U
I
==；
电动车行驶速度为v=18km/h=5m/s，时间t=10min=600s，由
s
v
t
=可得，电动车行驶的路程：
s=vt=5m/s×600s=3000m。
12．悬挂在世博会德国馆内的金属球设有声控装置，一旦参观者齐声高喊，金属球就会应声摆动．呼喊声越大，金属球摆动的幅度越大．这表明声音不仅能传递信息，还可以传递_____________．物理学上常用声音的_______（选填“音调”或“响度”）来表示声音的强弱．
【答案】能量响度
【解析】由题干可知：有声音，设有声控装置的金属球就摆动，而且声音越大，金属球摆动的幅度就越大，
这是因为声音能够传递信息和能量；物理学中常用响度来表示声音的大小.
13．如图所示的托里拆利实验中，测得的大气压强等于___ mm高水银柱所产生的压强，已知水银密度ρ＝13.6×103 kg/m3，g取10 N/kg，则100 mm高水银柱产生的压强为___ Pa．
【答案】750 1.36×104
【解析】读图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为750mm，因此，当时的大气压强等于750mm高水银柱产生的压强；100mm产生的压强为：
p＝ρgh＝13.6×103kg／m3×10N／kg×0.1m＝1.36×104Pa．
14．如图是电阻A、B的I-U图象，由图可知A电阻的阻值是_____Ω；将电阻A、B串联后接入电路，当通过A的电流为0.4A时，A和B两端的总电压是_____V。
【答案】10 9
【解析】由图象可知，A电阻的电流与电压成正比，所以A电阻是定值电阻，
A电阻的阻值：R A=A
A
6V =
0.6A
U
I=10Ω；
因串联电路中各处的电流相等，所以通过A的电流为0.4A时，通过B的电流也为0.4A，
由图象可知，通过AB两端的电压分别为U A=4V，U B=5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，A和B两端的总电压：U AB=U A+U B=4V+5V=9V。
15．木块在10N水平向右拉力F的作用下，沿粗糙水平面做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为
_______N，将水平拉力F增大到20N，该木块受到的摩擦力为______N．撤去拉力，木块继续向右运动，这是由于木块具有_______．
【答案】1010具有惯性
【解析】由题意可知，木块在水平方向是匀速直线运动，受力平衡，所以摩擦力等于拉力为10N；当拉力增大时，由于木块对平面的压力与接触面的粗糙程度都不变，所以摩擦力大小不变仍为10N；当撤去拉力后，木块由于惯性，还要继续向前运动一段距离．
16．如图所示，将灯L 1、L 2按图甲、乙两种方式接在电压均为U 的两个电路中，在甲图中灯L 1的功率为4W ，在乙图中灯L 1的功率为9W ．设灯丝电阻不变，则甲、乙两图中灯L 1两端的电压之比是_____，L 1、L 2两灯的灯丝电阻之比是_____，甲图中灯L 1、L 2的电功率之比是_____．
【答案】2：3 2：1 2：1
【解析】甲图中灯L 1的功率P 1＝211U R ，则21U =P 1R 1；乙图中灯L 1的功率P 1′＝21
U R ，则2U =P 1’R 1．所以212U U =1111PR P R '＝11
P P '=4W 9W ，则甲、乙两图中灯L 1两端的电压之比为1U U ＝23．因甲乙两电路电源电压相等，根据串联电路电压规律，则甲图中L 1、L 2两灯电压之比为21U U ＝11U U U -=23-2=21
．再根据串联电路分压规律可得，L 1、L 2两灯灯丝电阻之比为12R R =21U U =21
；因串联电路电流处处相等，由P ＝I 2R 可得，甲图中灯L 1、L 2的功率之比为211222P I R P I R ==12R R =21
． 17．大多数汽车防冻冷却液是以水和乙二醇为原料混合而成的，其中主要成份是水，这是利用了水的_____的特点．配制防冻冷却液时将乙二醇加入水中，二者混合后实际的总体积小于混合前水和乙二醇的总体积，这说明分子是运动的，同时也说明_____．
【答案】比热容大 分子之间有间隙
【解析】分析：（1）水的比热容比较大；
（2）乙二醇与水充分混合后，得到溶液的体积小于混合前水和酒精的总体积，是因为分子之间有间隙． 解答：（1）因为水的比热容大，质量相同时升高相同的温度，吸收的热量多，故大多数汽车防冻冷却液是以水和乙二醇为原料混合而成的，其中主要成份是水，就是利用了水的比热容大的特点；
（2）水和乙二醇充分混合后的总体积小于混合前水和乙二醇的总体积，说明分子之间有间隙． 故答案为比热容大；分子之间有间隙．
【点睛】本题考查水的比热容的特点和分子运动的知识，相对比较简单，属于基础题．
18．如图所示，用固定在墙上的三角支架ABC 放置空调室外机．如果A 处螺钉松脱，则支架会绕________点倾翻．已知AB 长40cm ，AC 长30cm ，室外机的重力为300N ，正好处在AB 中点处，则A 处螺钉的水平拉力为______N （支架重力不计）．为了安全，室外机应尽量______（填“靠近”或 “远离”）墙壁．
【答案】C 200 靠近
【解析】[1]由题图可知，如果A处螺钉松脱，则支架会绕C点倾翻．[2]依题，这是一个以C点为支点的杠杆，根据杠杆平衡条件：
G空调×1
2
AB=F×AC
解得F=200N．
[3]空调室外机的重力一定，室外机离墙壁越近，力臂越小，作用在A点的拉力越小越安全，所以室外机应尽量靠近墙壁．
19．如图所示，是台球比赛中球杆击球后两球相撞的场景，此现象说明力能改变物体的________，台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球________（选择“做功”或“不做功”）．
【答案】运动状态不做功
【解析】力的作用效果是：一是可以改变物体的运动状态，二是可以使物体发生形变．由图中的场景说明力能改变物体的运动状态．做功的两个必要因素是有力作用在物体上，且物体在力的方向上移动一段距离．台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球没有力的作用，故不做功．
三、作图题
20．如图所示，光线经过平面镜反射后射向凹透镜，请画出射向平面镜的入射光线和经过凹透镜后的折射光线，并在图中标出入射角的度数_____-.
【答案】
【解析】根据光的反射定律和凹透镜的特殊光线作图。
如图反射光线与镜面的夹角为60度，所以反射角为30度，根据反射角等于入射角画出入射光线，标出入射角30度，如图；
如图入射光线的延长线过凹透镜的焦点，则经过凹透镜折射后，平行于主光轴射出，据此画出折射光线，如图：
点睛：涉及凸透镜或凹透镜的光路作图，应牢记凸透镜和凹透镜的三条光线，在画图中灵活运用，像这一类的作图即可迎刃而解。
21．如图所示，一个凸透镜的主光轴与平静水面重合，F为凸透镜的焦点．请画出图中光线在凸透镜左侧的入射光线以及图中光线进入水中的折射光线．
【答案】
【解析】平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以确定该条折射光线对应的入射光线．过入射点垂直界面作出法线，根据反射定律的内容在空气中法线的另一侧作出反射光线，在水中法线的另一侧作出折射光线，
四、实验题
22．小宇在“测定小灯泡电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
如图1是他连接的实验电路，
其中有一根导线连接错误。请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这个现象的原因可能是_____。排除故障后，根据实验数据画出如图2的U ﹣I 图象，计算出小灯泡的额定功率是_____W 。完成上述实验后，小宇设计了如图3的电路，在不使用电压表的情况下测出了额定电流为I 额的小灯泡的额定功率。实验方案如下：（电源电压不变，滑动变阻器R 1的最大阻值为R 0）
①按图3电路图连接电路；
②只闭合开关_____，移动R 1滑片，使电流表的示数为I 额，小灯泡正常发光；
③只闭合开关_____，保持R 1滑片位置不动，移动R 2滑片使电流表的示数为I 额；
④保持_____（选填“R 1”或“R 2”）滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最左端，电流表的示数为I 1，再将此滑动变阻器的滑片移到最右端，电流表的示数为I 2；
⑤小灯泡额定功率的表达式为P 额＝_____。（用I 额、I 1、I 2、R 0表示） 【答案】 灯泡断路 0.625 S 1 S 2 R 2 I 额2
?2112
I R I I 【解析】（1）原电路中，灯与变阻器并联，电压表串联在电路中是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联，改正后如下所示：
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这个现象的原因可能是灯泡断路。
（3）根据实验数据画出如图2的U ﹣I 图象知，灯在额定电压下的电流为0.25A ，小灯泡的额定功率是：P ＝UI ＝2.5V ×0.25A ＝0.625W ；
（4）①按电路图3连接电路。
②只闭合开关S 1，移动R 1滑片，使电流表的示数为I 额灯泡正常发光。此时灯泡与R 1串联；
③只闭合开关S 2，保持R 1滑片位置不动，移动R 2滑片，使电流表的示数为I 额。此时R 1与R 2串联，因为电路中电流仍为I 额，所以R 2＝R L ；
④保持R 2滑片位置不动，将另一个滑动变阻器（R 1）滑片移到最左端，电流表的示数为I 1，再将此滑动变阻器（R 1）的滑片移到最右端，电流表的示数为I 2。
⑤由串联电路特点和欧姆定律可得：U ＝I 1R 2＝I 2（R 1+R 2），解得：R 2＝2112
I R I I -，小灯泡额定功率的表达式为：P 额＝I 额2R L ＝I 额2R 2＝I 额22112
I R I I -。 23．小明利用光具座、凸透镜(焦距为10cm). 蜡烛、火柴、光屏，做“探究凸透镜成像规律”的实验.光具座上有A 、B 、C 三个滑块用于放置凸透镜、光屏和蜡烛(如图甲所示)，其中在B 上应放置______________。
实验中发现光屏上成像如
图乙所示，你认为造成这种现象的原因是:__________。观察并记录凸透镜成像的情况时，应测量____________ 和 _____________。将蜡烛放在距凸透镜16cm 处，前后移动光屏，小明
________________(选填“能 ”或“不能")在光屏上看到清晰的像.接着小明用不透光的纸板遮挡住凸透镜的上半边，然后前后移动光屏，他_____________(选填“能"或“不能")在光屏上看到完整的像.
【答案】凸透镜 凸透镜光心，蜡烛焰心，光屏中心不在同一高度 物距 像距 能 能
【解析】(1)[1]在做“探究凸透镜成像规律”实验时，要将蜡烛、凸透镜、光屏从左到右依次放在光具座上，所以中间B 位置一定放置凸透镜。
(2)[2]由图可知，像在光屏的上方，原因是焰心、凸透镜的光心及光屏的中心没有在同一高度上，为了把像成在光屏的中央，可以将蜡烛向上移动或凸透镜向下移动或光屏向上移动。
(3)[3][4]探究凸透镜成像规律的实验，除了需要探究凸透镜的成像的大小、倒立或正立、虚实以外，主要探究物距和像距关系，因此应测量物距和像距。
(4)[5]蜡烛放在距凸透镜16cm 处时，此时2f>u>f ，成倒立、放大的实像，前后移动光屏，能在光屏上看到清晰的像。
(5)[6]遮住部分透镜，只是被折射会聚成像的光线减少了，因此影响到的是像的亮度，而不影响它的完整性，因为整个物体上的任何一点都有光能透过透镜而折射后会聚成完整的像。
五、计算题
24．【答案】
中考物理模拟试卷
一、选择题
1．如图所示的电路中，电源电压不变，R 1为定值电阻，开关S 闭合后，滑动变阻器滑片P 向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A ．电流表示数变大，电压表与电流表示数之比变大
B ．电流表示数变小，电压表与电流表示数之比不变
C ．电流表示数变大，电压表与电流表示数之比不变
D ．电压表示数变大，电压表与电流表示数之比变大
【答案】B 【解析】滑片向右移动，滑动变阻器变大，串联电路总电阻等于各用电器电阻之和12
I U R R =+，所以电流变小，电压表测定值电阻电压，U IR =，电阻不变，电流变小，电压表读数变小．但对定值电阻来说U R I
=,由于电阻不变，所以电压和电流的比值不变．对照答案，B 对． 2．小灯泡L 和电阻R 上分别标有“6V 4.8W ”和“0.6A ”字样，它们的电流随电压变化规律如图所示．现将小灯泡L 和电阻R 连入电路中，若要确保电路中的元件不被烧坏，则下列说法错误的是
A ．L 和R 并联时干路中的电流最大可达到1.4A
B ．L 和R 并联时电路的总功率最大可达到8.4W
C ．L 和R 串联时电源电压不超过9V
D ．L 和R 串联时小灯泡的功率最大可达到4.8W
【答案】D
【解析】(1)灯泡的额定电压U L =6V,电阻R 允许通过的最大电流I R ,=0.6A,
由图象可以知道,电阻两端允许所加的最大电压U R =6V,,
因为并联电路中各支路两端的电压相等,所以L 和R 并联时,电路中的最大电压:
U=U L = U R =6V,
由图象可以知道,通过L 的电流I L =0.8A ,
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以干路中的最大电流:
I=I L+I R=0.8A+0.6A=1.4A,所以A选项正确的；
电路的最大总功率:
P=UI=6V×1.4A=8.4W，所以B选项是正确的；
(2)因为串联电路中各处的电流相等,且I L,=0.8A,I R=0.6A,
所以L和R串联时,电路中的最大电流:I′=I R=0.6A
由图象可以知道,L两端的电压U L′=3V,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以电源的最大电压:
U′=U L′+U R=3V+6V=9V,所以C选项是正确的;
小灯泡的最大功率:
P L′=U L′I′=3V×0.6A=1.8W,故D错误，符合题意
3．五千年的华夏文明，创造了无数的诗歌辞赋，我们在欣赏这些诗歌辞赋时，不仅要挖掘其思想内涵，还可以探究其中所描述的自然现象与物理规律，下面是某位同学对部分诗句中蕴涵的物理知识的理解．其中正确的是
A．“不敢高声语，恐惊天上人”--“高”是指声音的特征“音调”
B．“孤帆一片日边来”--“孤帆”的运动，是以江岸为参照物的
C．“人面桃花相映红”--桃花是光源，发出的红光映红了人的脸
D．“露似珍珠月似弓”--露实际是小水珠，是由冰熔化形成
【答案】B
【解析】A．“不敢高声语，恐惊天上人”﹣﹣“高”是指声音的强度比较大，即声音特征“响度”，A说法错误；B．“孤帆一片日边来”﹣﹣“孤帆”的运动，孤帆与江岸的位置在改变，故是以江岸为参照物的，B说法正确；C．“人画桃花相映红”﹣﹣桃花不能自行发光，故不是光源，反射的红光映红了人的脸，C说法错误；D．“露似珍珠月似弓”﹣﹣露实际是小水珠，是由水蒸气液化形成，D说法错误．
4．下列有关声现象的说法正确的是
A．声音能在真空中传播
B．学校附近禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
C．外科医生利用次声波振动扮碎人体肉的结石
D．小提琴琴弦的松紧程度不同，发岀声音的音调也会不同
【答案】D
【解析】A、声音的传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；
B、学校附近禁止鸣笛，是为了在声源处减弱噪声，故B错误；
C、外科医生利用超声波粉碎人体内的结石，是利用声音能够传递能量，故C错误；
D、弦乐器发出的声音是靠琴弦的振动产生的，琴弦越短、越紧、越细音调越高，即发出声音的音调也会
不同，故D正确；
5．下列做法中，符合安全用电要求的是
A．家用电器的绝缘皮老化破损后仍继续使用
B．家庭电路中，开关接在用电器和火线之间
C．高压线下放风筝
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
【答案】B
【解析】A．电线的绝缘皮破损老化、破损时应及时更换，否则容易发生触电事故或短路（即火线和零线直接连通），故A不符合安全用电要求；
B．控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，故B符合安全用电要求；
C．高压线的电压很高，在其旁边放风筝，风筝容易挂到高压线上，很有可能会发生导电，使得放风筝的人触电，故C不符合安全用电要求；
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用（即用电器的金属外壳没有接地），这样当金属外壳漏电时，电流不能导向大地，会发生触电事故，故D不符合安全用电要求．
6．一个木箱从粗糙的斜面上匀速滑下来，则它的
A．机械能和内能都增大B．机械能减小，内能增大
C．机械能增大，内能减小D．机械能和内能都不变
【答案】B
【解析】木箱匀速下滑时，动能不变，重力势能减少，故机械能减少；在下滑过程中，因为摩擦力的存在，对木箱做功，所以木箱内能增大，温度升高．
7．（2017?镇江卷）图是一种输液时所用报警电路：电源电压恒定，R为定值电阻，闭合开关S，贴在针口处的传感器M接触到从针口处漏出的药液后，其电阻R M发生变化，导致电压表的示数增大而触犯警报器（图中未画出）报警，则M接触药液后（）
A．M的电阻R M变大
B．电路消耗的总功率变大
C．电压表与电流表的示数乘积不变
D．电压表与电流表的示数之比变大
【答案】B
【解析】由电路图可知，定值电阻R 与传感器电阻M 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流．由题意可知，M 接触药液后，警报器报警，电压表V 的示数增大，由I ＝ U R 的变形式U ＝IR 可知，电压表示数增大时，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，则电压表与电流表的乘积变大，故C 错误；
由P ＝UI 可知，电源电压不变时，电路消耗的总功率变大，故B 正确；由R ＝
I?
U 可知，电路中的总电阻变小，因串联电路中总电阻等于各分电压之和，所以，M 的电阻R M 变小，故A 错误；由R ＝ I?U 可知，电压表V 与电流表A 的比值等于定值电阻R 的阻值，则电压表与电流表的比值不变，故D 错误．故选B ．
点睛：由电路图可知，定值电阻R 与传感器电阻M 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流．根据题意可知，M 接触药液后，警报器报警，电压表V 的示数增大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电压表V 与电流表A 的乘积变化；根据P ＝UI 可知电路消耗总功率的变化，根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，根据电阻的串联可知M 的电阻变化；根据欧姆定律结合定值电阻的阻值可知电压表V 与电流表A 的比值变化．
8．如图所示是某同学在研究凸透镜成像规律时作出的像距v 和物距u 的关系图象，根据图象可以判断下列说法正确的是：
A ．该凸透镜的焦距是20cm
B ．当u ＝l8cm 时成倒立、缩小的实像
C ．当u ＝8cm 时，该凸透镜的成像特点与照相机的工作原理相同
D ．物距u 从15cm 增大到30cm 的过程中，光屏上成的像逐渐变小
【答案】D
【解析】A.当u=v=2f ，凸透镜成倒立、等大的实像，由图像可知u=v=2f=20cm 时，该凸透镜的焦距是20102
cm cm ，故A 错误； B.当2f>u=18cm>f 时成倒立、放大的实像，故B 错误；
C.当u=8cm D.物体从距凸透镜15cm 处移动到30cm 处的过程中，凸透镜的物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小．故D 正确． 9．如图所示的电路中，电阻阻值R 1＞R 1．开关S 闭合后，电阻R 1、R 1两端的电压分别为U 1、U 1，通过两个电阻的电流分别为I 1、I 1．下列判断正确的是 A ．U 1＞U 1 B ．U 1＜U 1 C ．I 1＜I 1 D ．I 1＞I 1 【答案】C 【解析】由图可知，电阻R 1、R 1并联在电路中， AB ．并联电路中各支路电压与电源电压相等，即U 1＝U 1＝U ，故AB 错误； CD ．由题知，R 1＞R 1，电压相等，由I ＝R U 可知I 1＜I 1，故D 错误，C 正确。 10．扬州四季分明，下列物态变化现象中，属于凝华现象的是 A ．河面上的“热气” B ．树叶上的露珠 C ．窗户外的雾 D ．草地上的霜 【答案】D 【解析】A. 河面上的“热气”是小水珠，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故A 不符合题意； B. “露”是液体，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B 不符合题意； C. “雾”是液体，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故C 不符合题意； D. “霜”是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华，故D 符合题意。 二、填空题 11．5月17日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功发射一颗北斗导航卫星．火箭中的燃料--液态氢是通过_______的方式使氢气液化后储存起来的．地面控制中心通过______(选填“超声波”“电磁波”“红外线”)向它发出指令．卫星穿过大气层时，与大气层发生剧烈摩擦，温度升高，这是通过______的方式增加了内能． 【答案】压缩体积 电磁波 做功 【解析】液态氢是通过压缩体积的方式使氢气液化后储存起来当做火箭中的燃料．地面中心是通过电磁波来传达指令的；卫星穿过大气层时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，使卫星的温度升高，内能变大； 12．如图所示，当闭合开关时，会看到导体ab 向左运动，说明了_____。 （1）若转动磁体S 极在上，再闭合开关，会看到导体ab 向_____运动，说明了_____； （2）若磁铁的N 极在上，把电池的正负极对换，再闭合开关，会看到导体ab 向_____运动，说明了_____。 【答案】通电导体在磁场中会受力的作用右通电导体在磁场中的受力作用方向与磁场方向有关左通电导体在磁场中的受力作用方向与电流方向有关 【解析】当闭合开关时，会看到导体ab 向左运动，即说明ab 受到向左的力的作用，即说明通电导体在磁场中会受力的作用； （1）若转动磁体S 极在上，即只对调磁体的磁极，会观察到导体ab 向右运动，即说明ab 所受力的方向 发生了改变，即说明：通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向有关； （2）若磁铁的N 极在上，把电池的正负极对换，即磁体的两极对调，同时改变通过导体ab 中的电流方向，即等于同时改变了两个因素，所以会看到导体ab 的运动方向跟原来相同即向左运动，说明通电导体在磁场中的受力作用方向与电流方向有关。 13．在如图所示的电路中，电源电压4.5V 保持不变，电阻R 1＝5Ω，变阻器R 2的最大阻值为20Ω，电流表量程为0～0.6A ，电压表量程0～3V ，为保护电表，变阻器接入电路的阻值范围是_____。 【答案】2.5Ω～10Ω 【解析】由电路图可知，滑动变阻器R 2与电阻R 1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，当电流表示数为I 1=0.6A 时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律可得，电阻R 1两端电压： U 1=I 1R 1=0.6A×5Ω=3V ， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压： U 2=U -U 1=4.5V -3V=1.5V ， 因串联电路中各处的电流相等，所以，滑动变阻器连入电路的电阻最小： R 滑最小=21U I =1.5V 0.6A =2.5Ω； 当电压表示数最大为U 2最大=3V 时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时R 1两端电压： U 1′=U -U 2最大=4.5V -3V=1.5V ， 电路电流为： I 2='11U R =1.5V 5Ω =0.3A ， 滑动变阻器接入电路的最大电阻： R 滑最大=22U I 最大=3V 0.3A =10Ω， 变阻器接入电路的阻值范围为2.5Ω～10Ω。 14．“可燃冰”是由天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状结晶物质，可直接点燃，燃烧后仅会生成二氧化碳和水。“可燃冰”属于_____再生能源。根据测算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量约为8.4×108J ，若这些热量全部被水吸收，可以使_____kg 水的温度升高50℃．[水的比热容为4.2×103J/（kg?℃）] 【答案】不可 4000 【解析】可燃冰短时间不可再生，为不可再生能源；1kg “可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q 放＝8.4×l08J ； 由Q ＝cm △t 可得：m 水＝Q c t 放＝()838.410J 4.210J /kg ?50???℃℃＝4000kg 。 15．两船距离很近且并排行驶时，容易发生相撞事故，这主要是因为两船内侧水的流速大于两船外侧水的流速，造成了两船内侧水的压强_____外侧水的压强的原因（选填“大于”、“小于”或“等于”）．轮船从长江驶入大海将会_____（填“上浮”、“下沉”）一些。 【答案】小于 上浮 【解析】两船并排行驶时，两船带动其周围的水随船向前运动，结果使两船内侧即两船之间的水流速度大于两船外侧的水流速度；水的流速越大，压强越小，水的流速越小压强越大，由于两船内侧水流速度大于两船外侧水流速度，因此两船内侧水的压强小于两船外侧水的压强，船内外侧的水存在压强差，水的压强差使两船靠近，进而发生碰撞； 轮船无论是在长江还是在海中都漂浮，浮力等于轮船重，受到的浮力不变； 因海水的密度大于河水的密度，由阿基米德原理F 浮＝ρ液gV 排可知，轮船进入海水时排开水的体积变小，即船身会上浮。 16．白天江、河、湖、海以及大地表层中的水不断蒸发，当含有很多水蒸气的空气升入高空时，水蒸气遇冷______________（填写物态变化名称，下同）成大量的小水珠或______________成大量的小冰晶， 小水珠和小冰晶被热气流托浮在空中，这就是我们看到的“云”。在一定的条件下，小水珠和小冰晶会越来越大，大到一定程度时，热气流托不住就会下落，下落过程中，冰晶____________成水滴， 与原来的水滴一起落到地面，这就形成了“雨”。当夜间气温降低时，如果空气中有较多的浮尘， 空气中的水蒸气会在夜间较冷的环境下______________成小水珠，吸附在这些浮尘上面，就形成了“雾”。 【答案】液化 凝华 熔化 液化； 【解析】水蒸气升入高空时，遇冷液化成大量的小水珠或凝华成大量的小冰晶，在一定的条件下，小水珠和小冰晶会越来越大，大到一定程度时，气流托不住就会下落，下落过程中，小冰晶熔化成水滴，与原来的水滴一起落到地面，这就形成了雨；当夜间气温降低时，如果空气中有较多的浮尘，空气中的水蒸气会在夜间较冷的环境中液化成小水珠，吸附在这些浮尘上面，就形成了“雾”。 17．用热效率为50%的燃气灶将5 kg 的水由20 ℃加热到60 ℃，水需要吸收_____J 的热量，该过程需要完全燃烧_____m 3天然气．此时，壶口上方会出现“白气”，水蒸气变成“白气”的过程要_____（选填“吸热”或“放热”）．[c 水＝4.2×103J/（kg·℃），q 天然气＝8.4×107J/m 3]． 【答案】8.4×105 0.02 放热 【解析】水吸收的热量：吸Q cm t = ＝4.2×103J/（kg?℃）×5kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×105J ；由吸放= =50%Q Q η得天然气完全燃烧放出的热量：5吸68.410J 1.6810J 50%5=0% ==放Q Q ?? ，由=Q mq 放 得需要完全燃烧 天然气的体积： 6 3放 73 1.6810J ===0.02m 8.410J/m Q V q ? ? ；壶口上方的水蒸气遇冷液化成小水珠飘散在空中， 即白气，在此过程中放出热量，水蒸气的内能减小． 18．a、b 是两个由同种材料制成的金属球，a 的质量为81g，体积为10cm1，b 的质量为50g，体积为25cm1．如果其中有一个球是实心的，那么这个实心球应该是_____（选填“a” 或“b”），这种金属球的密度是_____kg/m1． 【答案】a；2.7×101 【解析】试题分析：A.b两球的密度分别为：ρa=m a/V a=81g/10cm1=2.7g/cm1，ρb=m b/V b=50g/25cm1=2g/cm1，因ρa＞ρb，所以，实心球是a，这种金属的密度是2.7g/cm1=2.7×101kg/m1． 考点：空心、混合物质的密度计算 19．我国照明电路的电压为______V，家用电器之间是_______联的． 【答案】220并 【解析】我国家庭照明电路的电压为220V；家用电器的额定电压是220V，为了使家用电器正常工作并且互不影响，家用电器应该并联在电路中． 【点睛】 记住我国家庭电路的电压和一节干电池的电压． 三、作图题 20．小球正从光滑斜面上滚下，在图中画出小球所受力的示意图． （_____） 【答案】 【解析】由于光滑斜面没有摩擦力，则此时小球受重力和支持力作用；过球心分别沿竖直向下的方向和垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，用符号G表示重力，用符号F表示支持力；如图所示： 21．如图所示，请画出人眼从平面镜中看到烛焰上一点S的像S'的光路图。