创作编号:
GB8878185555334563BT9125XW
创作者: 凤呜大王*
构造法求数列通项公式
求数列通项公式是高考考察的重点和热点,本文将通过构造等比数列或等差数列求数列通项公式作以简单介绍,供同学们学习时参考。
一、构造等差数列求数列通项公式
运用乘、除、去分母、添项、去项、取对数、待定系数等方法,将递推公式变形成为(1)()f n f n +-=A (其中A 为常数)形式,根据等差数列的定义知)(n f 是等差数列,根据等差数列的通项公式,先求出)(n f 的通项公式,再根据)(n f 与n a ,从而求出n a 的通项公式。
例1 在数列{}n a 中,1a =
12
,1n a +=33n n a a +(n N +
∈),求数列{}n a 通项公
式.
解析:由a n+1=33+n n
a a 得,a n+1 a n =3 a n+1-3 a n =0,两边同除以a n+1 a n 得,=
-+n n a a
11
13
1
,
设b n =n a 1
,则b n+1- b n =31,根据等差数列的定义知, 数列{b n }是首相b 1=2,公差d=31的等差数列,
根据等差数列的通项公式得b n =2+31(n-1)=31n +35
∴数列通项公式为a n =53
+n
评析:本例通过变形,将递推公式变形成为
A a a n
n =-
+1
11
形式,应用等差数列的通项公式,先求出
n
a 1
的通项公式,从而求出n a 的通项公式。
例2 在数列{a n }中,S n 是其前n 项和,且S n ≠0,a 1=1,a n =
1
2
22-n n S S (n ≥2),求S n
与a n 。
解析:当n ≥2时,a n =S n -S n-1 代入a n =1
2
22-n n S S
得,S n -S n-1=
1
222-n n S S ,变形整理得S n -S n-1=
S n S n-1两边除以S n S n-1得,n
S 1-11-n S =2,∴{
n
S 1
}是首相为1,公差为2的等差数列 ∴
n
S 1=1+2(n-1)=2n-1, ∴ S n =
121
-n (n ≥2),n=1
也适合,∴S n =
1
21-n (n ≥1)
当n ≥2时,a n =S n -S n-1=121-n -3
21-n =-
3
8422
+-n n ,n=1不满足此式,
∴a n =
{
2
11
3
8422
≥=+--n n n n
评析:本例将所给条件变形成A n f n f =-+)()1(,先求出)(n f 的通项公式,
再求出原数列的通项公式,条件变形是难点。
二、构造等比数列求数列通项公式
运用乘、除、去分母、添项、去项、取对数、待定系数等方法,将递推公式变形成
为f (n+1)=Af (n )(其中A 为非零常数)形式,根据等比数列的定义知)(n f 是等比数列,根据等比数列的通项公式,先求出)(n f 的通项公式,再根据)(n f 与n a ,从而求出
n a 的通项公式。
例3在数列{a n }中,a 1=2,a n =a n-12(n ≥2),求数列{a n }通项公式。
解析:∵ a 1=2,a n =a n-12(n ≥2)>0,两边同时取对数得,lg a n =2lg a n-1
∴1
lg lg -n n a a
=2, 根据等比数列的定义知,数列{lg a n }是首相为lg2,公比为2的等
比数列,根据等比数列的通项公式得lg a n =2n-1lg2=1
22lg -n
∴数列通项公式为a n =1
22
-n
评析:本例通过两边取对数,变形成1log 2log -=n n a a 形式,构造等比数列
{}log n a ,先求出n a log 的通项公式,从而求出n a 的通项公式。
例4在数列{a n }中,a 1=1,a n+1=4a n +3n+1,求数列{a n }通项公式。
解析:设a n+1+A (n+1)+B=4(a n +An+B ),(A 、B 为待定系数),展开得a n+1=4a n +3An+3B-A ,与已知比较系数得
{
133
3=-=A B A ∴{
3
21==B A
∴a n+1+(n+1)+
32
=4(a n +n+32)
,根据等比数列的定义知,
数列{a n +n+
32}是首项为38,公比为q=3的等比数列,∴a n +n+32
=
3
8×3n-1
∴数列通项公式为a n =
3
8
×3n-1
-n-32
评析:待定系数法是构造数列的常用方法。
例5 在数列{a n }中,a 1=1 ,a n+1a n =4n ,求数列{a n }通项公式。
解析:∵a n+1a n =4n ∴a n a n-1=4 n-1 两式相除得
1
1-+n n a a =4 ,
∴a 1,a 3,a 5……与a 2,a 4 ,a 6 ……是首相分别为a 1,a 2 ,公比都是4的等比数列,
又∵a 1=1,a n+1a n =4n ,∴a 2=4 ∴a n =
{
n
n n n 2
214
4
-
练习:1.已知数列{}n a 满足321=a ,n n a n n a 1
1+=+,求n a 解:由条件知1
1+=+n n
a a n n ,分别令)1(,,3,2,1-??????=n n ,代入上式得)1(-n 个等式累乘之,即
1342312-??????????n n a a a a a a a a n
n 1
433221-??????????=n a a n 11=? 又321=
a ,n
a n 32
=∴ 解:由条件知1
1+=+n n
a a n n ,分别令)1(,,3,2,1-??????=n n ,代入上式得)1(-n 个等式累乘之,即
1342312-??????????n n a a a a a a a a n
n 1
433221-??????????=n a a n 11=? 又321=
a ,n
a n 32
=∴ 2. 数列{a n }满足a 1=1,a n =
2
1
a 1-n +1(n ≥2),求数列{a n }的通项公式。 解:由a n =21a 1-n +1(n ≥2)得a n -2=2
1
(a 1-n -2),而a 1-2=1-2=-1,
∴数列{ a n -2}是以21
为公比,-1为首项的等比数列
∴a n -2=-(21)1-n ∴a n =2-(2
1)1
-n
3. 数列{}n a 中,n n n a a a a a +===++122123,2,1,求数列{}n a 的通项公式。
解:由n n n a a a +=++1223得,3
1
3212n n n a a a +=
++设)(112n n n n ka a h ka a -=-+++ 比较系数得31
32=-=+kh h k ,,解得31,1-==h k 或1,31=-=h k
若取3
1,1-==h k ,则有)(31
112n n n n a a a a --=-+++
∴}{1n n a a -+是以31
-为公比,以11212=-=-a a 为首项的等比数列
∴1
1)3
1(-+-=-n n n a a
由逐差法可得112211)()()(a a a a a a a a n n n n n +-++-+-=---
=11)3
1
()31()31()
3
1(232
++-+-++-+--- n n
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=13
11)31
(11
++---n =11)31(43471)31(143---?-=+??????--n n
4. 设各项均为正数的数列{}n a 的前n 项和为n S ,对于任意正整数n ,都有等式:
n n n S a a 422
=+成立,求{}n a 的通项an.
解:n n n S a a 422
=+?112
142---=+n n n S a a , ∴n n n n n n n a S S a a a a 4)(422112
12=-=-+----
0)2)((11=--+--n n n n a a a a ,∵01≠+-n n a a ,∴21=--n n a a . 即{}n a 是以2为
公差的等差数列,且2421112
1=?=+a a a a . ∴n n a n 2)1(22=-+=
(1)通过分解常数,可转化为特殊数列{a n +k }的形式求解。一般地,形如a 1+n =p a n +q
(p ≠1,pq ≠0)型的递推式均可通过待定系数法对常数q 分解法:设a 1+n +k=p (a n +k )与原式比较系数可得pk -k =q ,即k=
1
-p q
,从而得等比数列{a n +k }。 (2)通过分解系数,可转化为特殊数列}{1--n n a a 的形式求解。这种方法适用于
n n n qa pa a +=++12型的递推式,通过对系数p 的分解,可得等比数列}{1--n n a a :
设)(112n n n n ka a h ka a -=-+++,比较系数得q hk p k h =-=+,,可解得k h ,。
3、构造法
构造法就是在解决某些数学问题的过程中,通过对条件与结论的充分剖析,联想出一种适当的辅助模型,进行命题转换,产生新的解题方法,这种思维方法的特点就是“构造”.若已知条件给的是数列的递推公式要求出该数列的通项公式. (1)构造等差数列或等比数列
由于等差数列与等比数列的通项公式显然,对于一些递推数列问题,若能构造等差数列或等比数列,无疑是一种行之有效的构造方法. (2)构造差式与和式
解题的基本思路就是构造出某个数列的相邻两项之差,然后采用迭加的方法就可求得这一数列的通项公式. (3)构造商式与积式
构造数列相邻两项的商式,然后连乘也是求数列通项公式的一种常用方法。 (4)构造对数式或倒数式
有些数列若通过取对数,取倒数代数变形方法,可由复杂变为简单,使问题得以解决.
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