计算机网络技术及应用教材课后习题答案6-9章(胡远萍主编第二版)汇总

第6章网络操作系统基本配置课后习题参考答案一．名词解释

操作系统：操作系统（Operating System，简称OS）是管理和控制计算机硬件与软件资源的计算机程序，是直接运行在“裸机”上的最基本的系统软件，任何其他软件都必须在操作系统的支持下才能运行。

操作系统是用户和计算机的接口，同时也是计算机硬件和其他软件的接口。操作系统的功能包括管理计算机系统的硬件、软件及数据资源，控制程序运行，改善人机界面，为其它应用软件提供支持，让计算机系统所有资源最大限度地发挥作用，提供各种形式的用户界面，使用户有一个好的工作环境，为其它软件的开发提供必要的服务和相应的接口等。实际上，用户是不用接触操作系统的，操作系统管理着计算机硬件资源，同时按照应用程序的资源请求，分配资源，如：划分CPU时间，内存空间的开辟，调用打印机等。

网络操作系统：网络操作系统（network operation system：NOS）是网络的心脏和灵魂，是能够控制和管理网络资源的特殊操作系统。如同计算机的运行离不开操作系统一样，计算机网络的运行也离不开网络操作系统。它与一般的计算机操作系统不同的是：它在计算机操作系统下工作，使计算机操作系统增加了网络操作所需要的能力。网络操作系统安装在网络服务器上，管理网络资源和网络应用，控制网络上计算机和网络用户的访问。

B/S模式：B/S（Browser/Server）结构即浏览器和服务器结构。也是一种主从式网络模式，它是随着Internet技术的兴起，对C/S结构的一种变化或者改进的结构。在这种结构下，用户工作界面是通过WWW浏览器来实现，极少部分事务逻辑在前端（Browser）实现，但是主要事务逻辑在服务器端（Server）实现，形成所谓三层3-tier结构。这样就大大简化了客户端电脑载荷，减轻了系统维护与升级的成本和工作量，降低了用户的总体成本（TCO）。

C/S模式：C/S（Client/Server）结构，即大家熟知的客户机和服务器结构。它是软件系统体系结构，通过它可以充分利用两端硬件环境的优势，将任务合理分配到Client端和Server端来实现，降低了系统的通讯开销。目前大多数应用软件系统都是Client/Server 形式的两层结构，由于现在的软件应用系统正在向分布式的Web应用发展，Web和Client/Server应用都可以进行同样的业务处理，应用不同的模块共享逻辑组件；因此，内部的和外部的用户都可以访问新的和现有的应用系统，通过现有应用系统中的逻辑可以扩展出新的应用系统。

NTFS： NTFS文件系统起初是为Windows NT开发的，后来在Windows 2000和 Windows Server 2003中得到支持和发展。NTFS不支持Windows 95，Windows 98和 Windows Me等Windows操作系统，NTFS支持长文件名，安全性、容错性较好;支持活动目录（Active Directory）和域;支持磁盘配额功能，限制用户使用磁盘空间的容量;支持文件和文件夹的权限设置;支持文件的加密和压缩功能。

域：域(Domain)是Windows网络中独立运行的单位，域之间相互访问则需要建立信任关系(即Trust Relation)。信任关系是连接在域与域之间的桥梁。当一个域与其他域建立了信任关系后，2个域之间不但可以按需要相互进行管理，还可以跨网分配文件和打印机等设备资源，使不同的域之间实现网络资源的共享与管理。域既是 Windows 网络操作系统的逻

辑组织单元，也是Internet的逻辑组织单元，在 Windows 网络操作系统中，域是安全边界。域管理员只能管理域的内部，除非其他的域显式地赋予他管理权限，他才能够访问或者管理其他的域;每个域都有自己的安全策略，以及它与其他域的安全信任关系。

二．填空题

1.网络操作系统；

2.Administrator，Guest；

3.组播；

4.主分区，逻辑分区；

5.带网络连接的安全模式，带命令行提示的安全模式。

三．选择题

1.C

2.A

3.B

4.A

5.B

6.B

7.D

8.B

9.D

10.D

四．问答题

1.网络操作系统（network operation system：NOS）是网络的心脏和灵魂，是能够控制和管理网络资源的特殊操作系统。如同计算机的运行离不开操作系统一样，计算机网络的运行也离不开网络操作系统。它与一般的计算机操作系统不同的是：它在计算机操作系统下工作，使计算机操作系统增加了网络操作所需要的能力。网络操作系统安装在网络服务器上，管理网络资源和网络应用，控制网络上计算机和网络用户的访问。在计算机网络上配置网络操作系统，是为了管理网络中的共享资源，实现用户通信，并方便用户使用网络，因而网络操作系统是用户与网络系统之间的接口。一般情况下，NOS是以使网络相关特性最佳为目的的，如共享数据文件、软件应用，以及共享硬盘、打印机、调制解调器、扫描仪和传真机等。

2.C/S（Client/Server）结构，C/S 结构的基本原则是将计算机应用任务分解成多个子任务，由多台计算机分工完成，即采用“功能分布”原则。客户端完成数据处理，数据表示以及用户接口功能；服务器端完成DBMS（数据库管理系统）的核心功能。这种客户请求服务、服务器提供服务的处理方式是一种新型的计算机应用模式。Client和Server常常分别处在相距很远的两台计算机上，Client程序的任务是将用户的要求提交给Server程序，再将Server程序返回的结果以特定的形式显示给用户；Server程序的任务是接收客户程序提

出的服务请求，进行相应的处理，再将结果返回给客户程序。

3.条件如下表所示：

硬件最低配置推荐配置

CPU速度1 GHz（x86）or 1.4

GHz（x64）

2 GHz或者更快

RAM 512 MB RAM

2 GB RAM或者更多

最大内存（32-bit）: 4GB RAM（标准版）或64GB RAM（企业版和数据中心版）

最大内存（64-bit）: 32GB RAM（标准版）或2TB RAM（企业版，数据中心版和Itanium-Based

版）

磁盘空间10 GB 40 GB或者更多

驱动器DVD-ROM DVD-ROM或者更快显示卡和显示器SVGA (800 x 600) SVGA (800 x 600) 或者更高分辨率其他设备标准键盘和鼠标标准键盘和鼠标

4.NTFS文件系统起初是为Windows NT开发的，后来在Windows 2000和 Windows Server 2003中得到支持和发展。NTFS不支持Windows 95，Windows 98和 Windows Me等Windows 操作系统，NTFS支持长文件名，安全性、容错性较好;支持活动目录（Active Directory）和域;支持磁盘配额功能，限制用户使用磁盘空间的容量;支持文件和文件夹的权限设置;支持文件的加密和压缩功能。FAT 32支持Windows 98，Windows Me，Windows 2000，Windows XP和 Windows Server系列，最大文件为4GB，不支持安全控制。

5.Windows Server 2008各种版本对系统硬件环境的要求各不相同，在安装Windows Server 2008前，用户应了解Windows Server 2008对系统硬件的要求。需要做好安装前的各项准备工作，包括光盘准备，计算机是否具备开机条件，是否有合适的安装方式。

6.主要原因有：

（1）没有共享资源/共享服务未启用；

（2）权限设置有误；

（3）系统默认安全设置不正确；

（4）系统漏洞修补软件修改了安全策略；

（5）防火墙规则没有设置正确；

（6）空白密码等原因。

五．综合应用题

答题思路参考：

1.对公司组织架构进行分析；

2.分析不同用户的访问要求；

3.了解公司信息保密的要求；

4.原则上根据公司部门组成和员工的级别进行账号设置，分别设计不同的用户组，从而更好的管理账号权限；

5.在较大的公司，考虑采用域结构，设置域账户等。

第7章Internet接入参考答案

一、名词解释（略）

Internet 广播地址子网掩码ADSL LMDS

MMDS DBS 光纤接入网PON AON

二、填空题

1．因特网中的通信线路既可以是_有线__线路（如光缆、电缆，双绞线等），也可以是__无线__线路（如卫星、无线电等）。

2．路由器的主要功能包括：一是__转发所接收的数据__，二是__为需要转发的数据选择最佳路径__。

3．TCP/IP规定，32位全为“1”的网络地址用于本网广播，该地址叫做_有限广播地址__。4．回送地址是A类网络中指以__127___开头的地址。

5．192.168.100.0这个网络如果要分成四个子网，需要向主机部分借__2___位。子网掩码是__255.255.255.192__。

6．调制解调器有_外置式Modem_,__内置式Modem_,__ PCMCIA插卡式Modem _,_机架式Modem ____四类。

7．ADSL系统采用效果最好的是__离散多音调制技术DMT___调制技术。

8．ADSL上行为低速的传输，可达__1.5M___bps；下行为高速传输，可达_14.9M__bps。9．ADSL语音/数据分离器有_低阻语音/数据分离器__和__高阻滤波分离器__两种。10．宽带固定无线接入技术主要有3类：_本地多点分配业务（LMDS）、多路多点分配业务（MMDS）、直播卫星系统（DBS）。

11．中国电信WLAN无线接入是采用__IEEE802.11b/g__技术

12．以太网宽带接入技术主要以__HTTX+LAN__方式存在。

13．光纤接入网又称光纤用户环路（FITL）, 它是在交换局中设有_光线路终端（OLT）_，在用户侧有_光网络单元（ONU）_；___OLT__和__ONU__之间用光纤连接。

三、选择题

1. 下列哪项不属于现今的Internet接入方式。（A ）

A. 拨号接入

B. FTTX+LAN

C. ADSL

D.CABLE-MODEM

2.无源光网络是指（ C ）。

A. DDN

B. FTTH

C. PON

D. AON

3.ADSL宽带接入方式中，在电话线路满足要求的情况下，理论下行带宽是（D ）Mb

A. 2

B. 4

C. 6

D. 8

4.以太网宽带接入技术中，FTTB是（ A ）。

A. 光纤到大楼

B. 光纤到路边

C.光纤到小区

D.光纤到户

5. 12

6.0.0.1属于哪一类IP地址。（ A ）

A. A类

B. B类

C.C类

D.D类

6.无源光接入网络EPON中，（A ）是局端设备。

A. OLT

B. ODN

C.AON

D.ONU

四、简答题

1．Internet由哪几部分组成？

答：Internet的组成与其它的网络一样也可以归纳为通信线路、路由器、服务器与客户机、信息资源4部分。

2．ADSL 用户端设备通常有哪几种类型？

答：ADSL 用户端设备通常有PCI插卡式、USB接口式、以太网接口的桥式、以太网接口的路由式等4种不同的类型，用户可以根据自己的实际应用环境来选择。

3．画出ADSL的接入模型图，指出中央局端和用户远端构成？

答：主要由中央交换局端模块和远端模块组成，如图所示：

中央交换局端模块包括在中心位置的ADSL Modem和DSLAM。

远端模块由用户ADSL Modem 和滤波器组成。

4．ADSL技术作为一种宽带接入方式，可以为用户提供哪些业务？

答：ADSL技术作为一种宽带接入方式，可以为用户提供多种业务：

（1）高速的数据接入。

（2）视频点播。

（3）网络互连业务。

（4）家庭办公。

（5）远程教学、远程医疗等。

5．Cable Modem接入网络，主要由哪几部分构成？

答：HFC网络由前端、馈线网、同轴电缆配线网及用户端4部分组成。

6．以太网接入中要解决的主要技术问题有哪些？

答：以太网从本质上说仍是一种局域网技术，采用这种技术提供公用电信网的接入，建设可运营、可管理的宽带接入网络，需要妥善解决一系列技术问题，包括认证计费和用户管理、用户和网络安全、服务质量控制、网络管理等。

7．PON技术使用的复用方式有哪些？

答：PON技术使用的复用方式有TDMA/TDM方式和WDM技术。

TDMA/TDM方式：PON下行采用时分复用(TDM)方式，信号广播式下发，和我们的HFC网络的下行完全一样，是“一发多收”;但是，信号的上行方式却不一样，各个ONU或者说光节点共用一根光纤进行回传，回传采用时分多址(TDMA)技术，“多发一收”，前端只设置一个回传光接收机，在任意一个时刻只有一个ONU发送信号，各个ONU单元轮流发送信号，实现光纤和回传光接收机的资源共享。

WDM方式：EPON使用波分复用（WDM）技术，同时处理双向信号传输，上、下行信号分别用不同的波长在同一根光纤中传送。

8．目前家庭上网可以采用哪些接入方法，各有什么优点和不足，就各种接入方式进行比较选择？

答：（1）ADSL方式：ADSL技术是指Asymmetric Digital Subscribe Loop(非对称数字用户环路)的缩写。它能够在现有的铜双绞线，即普通电话线上提供8Mbit/s的高速下行速率，上行速率有1Mbit/s，是普通电话拨号Modem的百倍以上，传输距离能达3－5km。利用现有的电话线网络，在线路两端加装ADSL设备，即可为用户提供高宽带服务。优点：不需要重新布线，降低了用户上网的成本；上网和打电话互不影响，也为用户生活和交流带来便利。不足：用户家中必须要有电话线接入；上网速率最高8Mbit/s。

（2）CABLE MODEM方式：优点是接入布线非常方便，原来装有有线电视的用户开通该项服务后，只要加上一个电缆调制解调器（CABLE MODEM）就可以上网了，而且收费比ADSL便宜一些。不足：上网的速度受上网的用户数量影响，如果用户多的话速度会受影响。

（3）小区宽带接入：小区宽带其实就是以太网宽带接入，由小区物业或者专业的网络服务公司在一个小区内架起的一个局域网，这个局域网是由本地小区内或一个生活区内的一些计算机构成的一个小网络。一般小区宽带是采用光纤到主干楼机房，再通过网线、交换机等设备往住户端布局，因此每个用户都是拥有到交换机的共享带宽，由于交换机和路由器的总出口要分享给很多客户，所以同时上网的人多速度就比较慢，而小区同时上网人少的时候，网络状况就非常好。

9．ADSL宽带接入的故障检查方法？

答：一看二查三PING

一看：通过观察MODEM的指示灯初步判断故障原因主要是观察MODEM指示灯“PWR”、“LINK”、“LAN”的状态来判断故障（本书以“天邑MODEM”为例），通过一“看”，可以定位如下基本故障：

MODEM电源故障、MODEM以太网接口故障、MODEM线路不能激活故障。

二查：通过检查计算机当前配置数据、状态判断故障原因。

通过一“看”，基本能够排除一些初步故障，如果POWR、LINK、LAN指示灯正常，但是业务仍然不能通，继续下面步骤：

根据开通时记录的数据，对计算机的配置进行检查（主要包括网关、DNS服务器地址、IP地址及掩码、WINS地址的检查），如果有不同的地方，要修正成开通时的记录。

如果数据修正了还不行，进行第三步：三“Ping”。

三“Ping”：通过Ping拨号方式检查网络层通断情况，进一步定位问题。这一步检查网络的基本的连接情况，定位是否为接入层设备的问题。对这一步，分两种应用情况：拨号上网模式：通过拨号来检查基本连接情况。

静态地址分配模式/动态地址分配：通过Ping命令来检查基本连接情况。

五、综合应用题

小王家里有两台计算机，都通过一条ADSL宽带线路上网，需要配置哪些设备，如何连接，如何设置，计算机本地连接如何设置协议和IP地址？请画出网络拓扑图。

答：

IP1：自动获取公网IP；IP2：192.168.1.1

默认网关：192.168.1.1

IP：192.168.1.2

默认网关：192.168.1.1

第8章应用服务器安装配置课后习题参考答案

一、名词解释

DNS：Domain Name System 域名系统。域名是由圆点分开一串单词或缩写组成的，每一个域名都对应一个惟一的IP地址，这一命名的方法或这样管理域名的系统叫做域名系统。域名系统采用层次结构，按地理域或机构域进行分层。书写中采用圆点将各个层次隔开，分成层次字段。在机器的地址表示中，从右到左依次为最高域名段、次高域名段等，最左的一个字段为主机名。域名服务器（即Domain Name Server，简称Name Server）实际上就是装有域名系统的主机。它是一种能够实现名字解析（name resolution）的分层结构数据库。

DHCP：DHCP服务为网络管理员提供了一种自动为工作站分配IP地址并设置IP相关信息的方法。DHCP服务器接受来自没有固定IP地址的工作站的请求，并根据DHCP服务器管理的IP地址集合为工作站提供一个惟一的IP地址。

IIS：IIS是Internet Information Server的缩写，它是微软公司主推的服务器，Windows Server 2008里面包含的是IIS 7.0，与旧版本IIS5.0和IIS6.0相比，IIS7.0不仅在安全性上很大的提高，而且包含了很多新功能，可以更好地为用户提供web服务，IIS 支持与语言无关的脚本编写和组件，通过IIS，开发人员就可以开发新一代动态的的Web站点。

FTP：FTP的主要作用，就是让用户连接上一个远程计算机（这些计算机上运行着FTP 服务器程序）察看远程计算机有哪些文件，然后把文件从远程计算机上拷到本地计算机。

主机记录：DNS服务器中最重要的记录。也叫A记录，此记录列出特定主机名的 IP 地址。这是名称解析的重要记录。

域名：域名是Internet上用来寻找网站所用的名字，是Internet上的重要标识，相当于主机的门牌号码。每一台主机都对应一个IP地址，每一个IP地址由一连串的数字组成，如101.25.11.34。人们为了方便记忆就用域名来代替这些数字来寻找主机，如https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,。每一个域名与IP地址是一一对应，人们输入域名，再由域名服务器（DNS）解析成IP地址，从而找到相应的网站。

二、填空题

6.IP地址和子网掩码；

7.DHCP服务器；

8.根目录；

9.使用ping命令、使用nslookup命令；

10.Ipconfig，release和renrew。

三、选择题

11.A

12.C

13.D

14.D

15.A

16.B

17.D

18.A

19.A

20.B

四、问答题

1.反复查询方式下，查询者不断在各个体服务器上轮询，每个被询问的个体服务器在如下响应中选择回应方式。递归查询方式下，查询者只向一个服务器提出查询要求，该服务器或是自己提供所需结果，或是求助其他DNS服务器，被求助的服务器也可以再向其他服务器求助，这样就形成一个服务器链，在这个服务器链中，每个节点向它上面相邻的节点寻求解析帮助，直到找到所需结果，或者所求助服务器恰好是负责该查询域名所在区域的服务器，而该服务器又无法找到所需信息，这时，查询过程停止，然后通过“接力”传递将查询结果返回到查询者。

2.①处于未绑定状态的客户端广播一个源IP地址为0.0.0.0的DHCP DISCOVER消息，然后进入选择状态等待DHCP服务器返回IP租约。

②在DHCP客户端子网上的所有授权提供IP地址的DHCP服务器都会广播一个DHCP OFFER消息，其中包含了未租借IP地址以及相关的配置参数。并把提供的IP地址暂时标记

为“不可用”。如果网络中包含了不止一个DHCP服务器，则客户机能收到好几个DHCP OFFER 报文，客户机通常只承认第一个DHCP OFFER。

③ DHCP客户端收到DHCP OFFER消息后，会根据自己的实际情况决定是否从提供的IP 地址选定一个地址。如果选定一个IP地址，则向DHCP服务器发出一个DHCP REQUEST消息，并进入请求状态；否则，发出DHCP拒绝消息，并进入未绑定状态。

④ DHCP服务器收到客户端的请求后，便用DHCP ACK消息对DHCP请求作出响应。

⑤客户端收到DHCP ACK消息后，绑定这个IP地址，进入绑定状态。

3.动态IP地址方案为网络管理员提供了一种自动为工作站分配IP地址并设置IP相关信息的方法。DHCP服务器接受来自没有固定IP地址的工作站的请求，并根据DHCP服务器管理的IP地址集合为工作站提供一个惟一的IP地址。若没有DHCP服务，则网络管理人员除了要亲自管理维护各工作站的IP地址外，还要管理维护与IP地址相关的信息，例如，网关地址和DNS服务器地址等，一旦网关IP地址改变，要逐个修改各工作台的TCP/IP属性。有了DHCP后，这些工作变得轻松了。缺点是无法准确掌握获得ip地址的主机位置。

4.主要步骤如下:

（1）使用ipconfig /all观察本地网络设置是否正确；

（2）Ping 127.0.0.1，127.0.0.1 回送地址Ping回送地址是为了检查本地的TCP/IP 协议有没有设置好；

（3）Ping本机IP地址，这样是为了检查本机的IP地址是否设置有误；

（4）Ping本网网关或本网IP地址，这样的是为了检查硬件设备是否有问题，也可以检查本机与本地网络连接是否正常；

（5）Ping远程IP地址，这主要是检查本网或本机与外部的连接是否正常。

5.可行，可以采用虚拟主机技术，虚拟主机是使用特殊的软硬件技术，把一台计算机主机分成一台台“虚拟”的主机，每一台虚拟主机都具有独立的域名和IP地址（或共享的IP 地址），具有完整的因特网服务器功能。虚拟主机之间完全独立，在外界看来，每一台虚拟主机和一台独立的主机完全一样，用户可以利用它来建立完全属于自己的WWW。

6.可以从用户账户控制(UAC)、防火墙和网络访问保护、组策略、安全审核、使用活动目录实现身份与访问控制、服务器角色安全、补丁管理、认证系统和认证协议等方面进行安全加固。

五、综合应用题

答题思路参考：

1.明确用户对网络服务器的需求，进行需求分析，得出需求分析结论；

6.进行网络服务器系统详细设计，根据需求分析设计具体的服务器，主要为WEB、DHCP、FTP、DNS、AD、证书等服务器，注意，服务器的设置与具体参数的设定主要依据是需求分析；

7.设计合理的实施方案，包括实施人员、设备和进度的安排；

8.实施完成后，进行测试验收，主要完成功能和性能测试，要合理设计测试项目、测试用例，并对结果进行分析，如有整改需要提出整改依据，最后完成项目验收。

第9章计算机网络安全参考答案

一、名词解释（略）

计算机病毒防火墙黑客黑客技术网络攻击

二、填空题

1．计算机病毒的防治要从_防毒___、__查毒__和__杀毒__三方面来进行。

2．网络安全中人为因素的影响包括_黑客、骇客、企业内部的人员和自身的使用习惯__。3．防火墙存在__软件__和__硬件__两种形式。

4.从病毒攻击的行为分__主动攻击__与__被动攻击__。

5．从病毒攻击的位置分_远程攻击、本地攻击和伪远程攻击__。

三、选择题

1. 计算机网络系统的安全威胁不包括（ C ）。

A. 黑客攻击

B. 病毒攻击

C. 自然灾害

D. 网络内部的安全威胁

2. 为了防御网络监听，最常用的方法是（B ）。

A. 采用物理传输（非网络）

B. 信息加密

C. 无线网

D. 使用专线传输

3. 一般而言，Internet防火墙建立在一个网络的（ D ）。

A. 内部子网之间传送信息的子枢

B. 每个子网的内部

C. 内部网络与外部网络的交叉点

D. 部分内部网络与外部内部的接合处

4. 现在防火墙中，最常用的技术是（AB）。

Ａ. 代理服务器技术 B. 包过滤技术

C. 应用网关技术

D. NAT 技术

5. 计算机病毒程序隐藏在计算机系统的（ABCD ）。

A. 内存中

B. U 盘中

C. 存储介质中

D. 网络中

四、简答题

1．影响计算机安全的因素有哪些？

答：影响计算机安全的因素有计算机信息系统自身的、自然的，也有人为的。可以导致计算机信息系统不安全的因素包括软件系统、硬件系统、环境因素和人为因素等几方面。

2．典型的计算机病毒有哪些？

答：计算机病毒可根据感染形态进行分类，大致可分为以下几种：

（1）引导型病毒

（2）文件型病毒

（3）复合型病毒

（4）变型病毒（又称幽灵病毒）

（5）宏病毒

（6）网页病毒

（7）“蠕虫”型病毒

（8）木马病毒

3．简述计算机病毒的传播过程。

答：计算机病毒的传播过程如下图所示：

4．简述防火墙的基本类型

答：根据防范方式和侧重点的不同可分为以下几种类型：

（1）网络级防火墙--包过滤路由器 人为设计 潜伏

侵入系统 传染

触发运行 破坏

（2）电路级防火墙—电路网关

（3）应用级防火墙—应用网关

（4）监测型防火墙

5．简述防火墙的基本功能

答：防火墙最主要的目的是确保受保护网络的安全，主要有以下功能：

（1）过滤不安全服务和非法用户，禁止未授权的用户访问受保护的网络。

（2）控制对特殊站点的访问。

（3）监视网络访问，提供安全预警。

6．什么是木马？木马的原理是什么？

答：木马病毒是一个隐藏在合法程序中的非法的程序，该非法程序被用户在不知情的情况下被执行。

完整的木马程序一般由两个部分组成：一个是服务器程序，一个是控制器程序。“中了木马”就是指安装了木马的服务器程序，若你的电脑被安装了服务器程序，则拥有控制器程序的人就可以通过网络控制你的电脑、为所欲为，这时你电脑上的各种文件、程序，以及在你电脑上使用的帐号、密码就无安全可言了。

7．什么是黑客型病毒，如何防范黑客入侵？

答：黑客型病毒是利用计算机系统和网络的缺陷和漏洞，并针对这些缺陷实施攻击的软件。这里说的缺陷，包括软件缺陷、硬件缺陷、网络协议缺陷、管理缺陷和人为的失误。

要防范黑客的入侵，从以下几个方面入手：

（1）提高安全意识

（2）安装防病毒软件

（3）安装防火墙软件

（4）只在必要时共享文件夹

（5）定期备份重要数据

8．防火墙不能防范什么？

答：防火墙不能防范绕过防火墙的攻击，例:内部提供拨号服务。

防火墙不能防范来自内部人员恶意的攻击。

防火墙不能阻止被病毒感染的程序或文件的传递。

防火墙不能防止数据驱动式攻击。

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教材第二章习题解答

第二章原子结构和元素周期律习题解答 1．指出下列各原子轨道相应的主量子数n及角量子数l的数值是多少？轨道数分别是多少？ 2p 3d 4s 4f 5s 【解答】 2p 主量子数2，角量子数1，轨道数3 3d 主量子数3，角量子数2，轨道数5 4s 主量子数4，角量子数0，轨道数1 4f 主量子数4，角量子数3，轨道数7 5s 主量子数5，角量子数0，轨道数1 2．当主量子数n=4时，可能有多少条原子轨道？分别用Ψ n,l,m 表示出来。电子可能处于多少种运动状态？（考虑自旋在内）【解答】当n=4时，可能有n2=16条原子轨道。 n l M 4 0 1 2 3 0，±1 0，±1，±2 0，±1，±2，±3 Ψ4,0,0，Ψ4,1,0，Ψ4,1,1，Ψ4,1,-1，Ψ4,2,0，Ψ4,2,1，Ψ4,2,-1，Ψ4,2,2，Ψ4,2,-2，Ψ4,3,0，Ψ4,3,1，Ψ4,3,-1，Ψ4,3,2，Ψ4,3,-2，Ψ4,3,3，Ψ4,3,-3 每条轨道上可以容纳两个自旋相反的电子，16条原子轨道，电子可能处于32种运动状态。 3．将下列轨道上的电子填上允许的量子数。 （1）n＝，l＝2，m=0，m s =±1/2 （2）n=2，l= ，m=0，m s =±1/2 （3）n=4，l=2，m= ，m s =－1/2

（4）n=3，l=2，m=2，m = s =－1/2 （5）n=2，l= ，m=－1，m s =＋1/2 （6）n=5，l=0，m= ，m s 【解答】（1） 3，4，5，……，正整数； （2） 0，1 （3） 0，±1，±2 （4） +1/2，-1/2 （5） 1 （6） 0 4．填上n、l、m、m s等相应的量子数： 量子数确定多电子原子轨道能量E的大小；Ψ的函数式则是由量子数所确定；确定核外电子运动状态的量子数是；原子轨道或电子云的角度分布图的不同情况取决于量子数。 【解答】主量子数n和角量子数l；主量子数n、角量子数l和磁量子数m；主量子数n、角量子数l、磁量子数m和自旋量子数m ； s 角量子数l和磁量子数m。 5．按近代量子力学的观点，核外电子运动的特征是。 A．具有波、粒二象性。 B．可以用∣Ψ∣2表示电子在核外出现的几率。 C．原子轨道的能量是不连续变化的。 D．电子的运动轨迹可以用Ψ的图象表示。 【解答】A，C。微观粒子电子的运动具有波粒二象性；可以用∣Ψ∣2表示电子在核外出现的几率密度或概率密度；原子轨道的能量是量子数的，即不连续变化的；∣Ψ∣2的空间图象是电子云。

卢华伟初中数学教材例题、习题 “二次开发”的策略研究(卢华伟)

初中数学教材例题、习题“二次开发”的策略研究 新登镇中学卢华伟 【摘要】以数学课程标准为依据，就初中数学例题、习题教学的现状，进行列举和分析，并结合教学实践中的相关案例，紧紧围绕教材例题、习题“二次开发”的策略研究，运用例题、习题题目背景“二次开发”的策略，例题、习题题目条件与结论“二次开发”的策略，例题、习题题目基本图形“二次开发”的策略进行引导，寻求改进例题、习题处理的方法，以发挥其潜能． 【关键词】初中数学例题习题教学现状二次开发策略研究 一、问题的提出 教材的“二次开发”，主要是指依据课程标准对教材内容进行适度增删、调整和加工，从而使之更好地适应具体的教育教学情景和学生的学习需求。教材的“二次开发”一方面服务于教师本人个性化的教学需求，体现出教师对教材内容的理解与阐释;另一方面也使原有的教材更适合于具体的教育教学情景，服务于学生的需要，有利于学生将教材内容转化为自己知识结构的组成部分. 教材的例题、习题是教材的重要组成部分，因此，对例题、习题的“二次开发”也就成为教材“二次开发”的重要部分. 笔者认为教材例题、习题的“二次开发”可以重点对题目背景、题目条件与结论、题目的解法、题目中的基本图形进行“二次开发”. 现实教学过程中，教师对教材例题、习题“二次开发”的意识不强，在备课中不能对例题、习题进行深层次的挖掘、拓展、再创造，在授课时也往往出现一笔带过、草草了事的教学现状，根本没有很好的利用例题、习题的所潜在的价值，而教材例题、习题的“二次开发”能促使学生的学习方式由“重结论轻过程”向“过程与结果”并重的方向发展，使学生挖掘隐含问题的本质属性，从而达到“做一题，通一类，会一片”的解题境界．正如数学教育家波利亚指出的：“一个有责任性的教师穷于应付繁琐的数学内容和过量的题目，还不如适当选择某些有意义但有不太复杂的题目去帮助学生发掘题目的各个方面，在指导学生的解题过程中，提高他们的才智和解题能力．”为此，笔者予以关注并参阅对例题、习题处理的相关知识“借题发挥”，结合案例分析，紧紧围绕新课程标准标的要求进行探究，以期促进学生学会从多层次、广视角，全方位的认识、研究问题，从而提高课堂教学的有效性．

全新版大学英语第二版综合教程课后练习答案

最全的全新版大学英语第二版综合教程2答案 课后练习答案 Unit1 Ways of Learning Part II Reading Task Comprehension Content Question Pair Work 1. They were studying arts education in Chinese kindergartens and elementary schools in Nanjing. 2. Their 18-month-old son Benjamin was fond of trying to place the key into the slot of the key box during their stay at the Jinling Hotel. 3. They would come over to watch Benjamin and then try to teach him how to do it properly. 4. Because he realized that this anecdote was directly relevant to their assigned tasks in China: to investigate early childhood education and to throw light on Chinese attitudes toward creativity. 5. Most of them displayed the same attitude as the staff at the Jinling Hotel. 6. He emphasized that the most important thing is to teach the child that on can solve a problem effectively by oneself. 7. He means that this incident pointed to important differences in educational and artistic practices between China and the USA.

matlab课后习题解答第二章

第2章符号运算 习题2及解答 1 说出以下四条指令产生的结果各属于哪种数据类型，是“双精度” 对象，还是“符号”符号对象 3/7+; sym(3/7+; sym('3/7+'); vpa(sym(3/7+) 〖目的〗 不能从显示形式判断数据类型，而必须依靠class指令。 〖解答〗 c1=3/7+ c2=sym(3/7+ c3=sym('3/7+') c4=vpa(sym(3/7+) Cs1=class(c1) Cs2=class(c2) Cs3=class(c3) Cs4=class(c4) c1 = c2 = 37/70 c3 = c4 = Cs1 = double Cs2 = sym Cs3 = sym Cs4 = sym 2 在不加专门指定的情况下，以下符号表达式中的哪一个变量被认 为是自由符号变量. sym('sin(w*t)'),sym('a*exp(-X)'),sym('z*exp(j*th)') 〖目的〗 理解自由符号变量的确认规则。 〖解答〗 symvar(sym('sin(w*t)'),1) ans = w symvar(sym('a*exp(-X)'),1)

ans = a symvar(sym('z*exp(j*th)'),1) ans = z 5求符号矩阵???? ??????=3332 31 232221 131211 a a a a a a a a a A 的行列式值和逆，所得结果应采用“子表达式置换”简洁化。 〖目的〗 理解subexpr 指令。 〖解答〗 A=sym('[a11 a12 a13;a21 a22 a23;a31 a32 a33]') DA=det(A) IA=inv(A); [IAs,d]=subexpr(IA,d) A = [ a11, a12, a13] [ a21, a22, a23] [ a31, a32, a33] DA = a11*a22*a33 - a11*a23*a32 - a12*a21*a33 + a12*a23*a31 + a13*a21*a32 - a13*a22*a31 IAs = [ d*(a22*a33 - a23*a32), -d*(a12*a33 - a13*a32), d*(a12*a23 - a13*a22)] [ -d*(a21*a33 - a23*a31), d*(a11*a33 - a13*a31), -d*(a11*a23 - a13*a21)] [ d*(a21*a32 - a22*a31), -d*(a11*a32 - a12*a31), d*(a11*a22 - a12*a21)] d = 1/(a11*a22*a33 - a11*a23*a32 - a12*a21*a33 + a12*a23*a31 + a13*a21*a32 - a13*a22*a31) 8（1）通过符号计算求t t y sin )(=的导数 dt dy 。（2）然后根据此结果，求- =0t dt dy 和2 π = t dt dy 。 〖目的〗 diff, limit 指令的应用。 如何理解运行结果。 〖解答〗 syms t

初中数学教材例题与习题“二次开发”的策略研究

初中数学教材例题与习题“二次开发”的策略研究 一、问题的提出 现实教学过程中，教师对教材例题与习题的处理都是简单的、表面的，对教材例题与习题“二次开发”的意识不强，在备课中不能对例题、习题进行深层次的挖掘、拓展、 再创造，在授课时也往往出现一笔带过、草草了事的教学现状。而教材例题与习题的“二次开发”能促使学生的学习方式由“重结论轻过程”向“过程与结果”并重的方向发展，使学生挖掘隐含问题的本质属性，从而达到“做一题，通一类，会一片”的解题境界。正如数学教育家波利亚指出的：“一个有责任心的教师穷于应付繁琐的数学内容和过量的题目， 还不如适当选择某些有意义但又不太复杂的题目去帮助学生发掘题目的各个方面，在指 导学生的解题过程中，提高他们的才智和解题能力。” 二、核心概念界定 教材例题与习题的“二次开发”：主要是指教师和学生在课程实施过程中依据课程标 准对教材中的例题与习题的背景、条件和结论、解法以及题目中的基本图形进行再度发 展和创新，从而使之更好地适应具体的教育教学情景和学生的学习需求。它以既有教材 为依托，基于教材，又超越教材，可以从三个向度上展开：一是对既有教材例题与习题 灵活地、创造性地、个性化地运用; 二是对其它教学素材资源的选择、整合和优化; 三是自主开发其它新的教学资源。 三、理论依据 1.再创造理论 荷兰著名数学教育家弗赖登塔尔认为：数学知识既不是教出来的，也不是学出来的，而是研究出来的。他强调学生学习数学是一个经验、理解和反思的过程，强调以学生为 主体的学习活动对学生理解数学的重要性，强调激发学生主动学习的重要性，并认为做 数学是学生理解数学的重要条件。弗赖登塔尔说的“再创造”，其核心是数学过程再现，是通过教师精心设计、创设问题情景，通过学生自己动手实验研究、合作商讨，来探索 问题的结果并进行组织的学习方式。 2.波利亚解题思想 美国著名数学教育家G·波利亚认为：学习任何东西的最好的途径是自己去发现。为 了有效地学习，学生应当在给定的条件下，尽量多地自己发现要学习的材料。波利亚强 1

最新大学物理实验教材课后思考题答案

大学物理实验教材课后思考题答案 一、转动惯量： 1．由于采用了气垫装置，这使得气垫摆摆轮在摆动过程中受到的空气粘滞阻尼力矩降低至最小程度，可以忽略不计。但如果考虑这种阻尼的存在，试问它对气垫摆的摆动（如频率等）有无影响？在摆轮摆动中，阻尼力矩是否保持不变？ 答：如果考虑空气粘滞阻尼力矩的存在，气垫摆摆动时频率减小，振幅会变小。（或者说对频率有影响， 对振幅有影响） 在摆轮摆动中，阻尼力矩会越变越小。 2．为什么圆环的内、外径只需单次测量？实验中对转动惯量的测量精度影响最大的是哪些因素？ 答：圆环的内、外径相对圆柱的直径大很多，使用相同的测量工具测量时，相对误差较小，故只需单次测 量即可。（对测量结果影响大小） 实验中对转动惯量测量影响最大的因素是周期的测量。（或者阻尼力矩的影响、摆轮是否正常、平稳的摆动、物体摆放位置是否合适、摆轮摆动的角度是否合适等） 3．试总结用气垫摆测量物体转动惯量的方法有什么基本特点？ 答：原理清晰、结论简单、设计巧妙、测量方便、最大限度的减小了阻尼力矩。 三、混沌思考题 1. 精品文档

有程序（各种语言皆可）、K值的取值范围、图 +5分 有程序没有K值范围和图 +2分 只有K值范围 +1分 有图和K值范围 +2分 2.（1）．混沌具有内在的随机性：从确定性非线性系统的演化过程看，它们在混沌区的行为都表现出随机不确定性。然而这种不确定性不是来源于外部环境的随机因素对系统运动的影响，而是系统自发 精品文档

精品文档 产生的 （2）．混沌具有分形的性质（3）．混沌具有标度不变性（4）．混沌现象还具有对初始条件的敏感依赖性：对具有内在随机性的混沌系统而言，从两个非常接近的初值出发的两个轨线在 经过长时间演化之后，可能变得相距“足够”远，表现出对初值的极端敏感，即所谓“失之毫厘，谬之千里”。 答对2条以上+1分，否则不给分，只举例的不给分。 四、半导体PN 结 （1）用集成运算放大器组成电流一电压变换器测量11610~10--A 电流，有哪些优点? 答：具有输入阻抗低、电流灵敏度高、温漂小、线性好、设计制作简单、结构牢靠等优点。 （2）本实验在测量PN 结温度时，应该注意哪些问题？ 答：在记录数据开始和结束时，同时都要记录下干井中温度θ，取温度平均值θ。 （3）在用基本函数进行曲线拟合求经验公式时，如何检验哪一种函数式拟合得最好，或者拟合的经验公式最符合实验规律？ 答：运用最小二乘法，将实验数据分别代入线性回归、指数回归、乘幂回归这三种常用的基本函数，然后求出衡量各回归方程好坏的拟合度R 2。拟合度最接近于1的函数，拟合得最好。 五、地磁场 （1）磁阻传感器和霍耳传感器在工作原理有什么区别？ 答：前者是磁场变化引起材料阻值变化，最终使得电桥外接电压转变为对应的输出电压；后者是磁场变化引起流经材料内部的载流子发生偏转而产生电压。 （2）为何坡莫合金磁阻传感器遇到较强磁场时，其灵敏度会降低？用什么方法来恢复其原来的灵敏度？ 答：传感器遇到强磁场感应时，对应的磁阻材料将产生磁畴饱和现象，外加磁场很难改变磁阻材料的

【人教A版】高中数学必修2第二章课后习题解答

A 新课程标准数学必修2第二章课后习题解答 第二章 点 、直线、平面之间的位置关系 2．1空间点、直线、平面之间的位置关系 练习（P43） 1、D ； 2、（1）不共面的四点可确定4个平面；（2）共点的三条直线可确定1个或3个平面 3、（1）× （2）√ （3）√ （4）√ 4、（1）A ∈α，B ?α； （2）M ?α，M ∈a ； （3）a ?α a ?β 练习（P48） 1、（1）3条。分别是BB ’，CC ’，DD ’. （2）相等或互补 2、（1）∵BC ∥B ’C ’，∴∠B ’C ’A ’是异面直线A ’C ’与BC 所成的角。 在RT △A ’B ’C ’中，A ’B ’B ’C ’B ’C ’A ’=45°.因此，异面直线A ’C ’与BC 所成的角为45° （2）∵AA ’∥BB ’，∴∠B ’BC ’是异面直线AA ’与BC ’所成的角。在RT △B ’BC ’中，B ’C ’BB ’=AA=2，∴BC ’=4，∠B ’BC ’=60°.因此，异面直线AA ’与BC ’所成的角为60° 练习（P49） B 练习（P50）三个平面两两相交，它们的交线有一条或三条 习题2.1 A 组（P51）1、图略 2、图略 3、（1）√ （2）× （3）√ （4）× （5）× 4、（1）θ， （2）8， （3）2， （4）平行或在这个平面内， （5）b ∥平面α或b 与α相交， （6）可能相交，也可能是异面直线。 5、两条平行直线确定一个平面，第三条直线有两点在此平面内，所以它也在这个平面内。于是，这三条直线共面。 6、提示：利用平行关系的传递性证明AA ’∥CC ’，又利用相等关系的传递性证明AA ’=CC ’，因此，我们可得平行四边形ACC ’A ’，然后由平行四边形的性质得AB=A ’B ’，AC=A ’C ’，BC=B ’C ’，因此，△ABC ≌△A ’B ’C ’。 7、三条直线两两平行且不共面可以确定三个平面，如果三条直线交于一点则最多可以确定三个平面。 8、正方体各面所在平面分空间27部分。 B 组 1、（1） C ； （2） D ； （3）C. 2、证明：∵AB ∩α=P ，AB ?平面ABC ∴P ∈平面ABC ，P ∈α ∴P 在平面ABC 与α的交线上，同理可证，Q 和R 均在这条交线上，∴P ，Q ，R 三点共线 说明：先确定一条直线，在证明其他点也在这条直线上。 3、提示：直线EH 和FG 相交于点K ；由点K ∈EH ，EH ?平面ABD ，得K ∈平面ABD. 同理可证：点K ∈平面BCD ，而平面ABD ∩平面BCD=BD ，因此，点K ∈直线BD. 即EH ，FG ，BD 三条直线相交于一点。 2．2 直线、平面平行的判定及其性质 练习（P55） 1、（1）面A ’B ’C ’D ’，面CC ’D ’D ； （2）面DD ’C ’C ，面BB ’C ’C ； （3）面A ’D ’B ’C ’，面BB ’C ’C. 2、解：直线BD 1∥面AEC ，证明如下：连接BD 于AC 交于点F ，连接EF ∵AC 、BD 为正方形ABCD 的对角线 ∴F 为BD 的中点 ∵E 为DD 1的中点 ∴EF 为△DBD 1的中位线 ∴EF ∥BD 1 又∵EF ?平面AEC ，BD 1?平面AEC ∴BD 1∥平面AEC 练习（P58） 1、（1）命题不正确 （2）命题正确

三年级上册数学教材例题精炼-五解决问题的策略(共3课时)

五解决问题的策略 第1课时列表解决问题 习题精挑 1．一个苹果重多少克？ 【答案】100＋50＝150(克) 150÷3＝50(克) 200＋50＝250(克) 2．一个皮球从48米的高处落下，如果每次弹起的高度总是它下落高度的一半，第3次弹起多少米？第4次呢？(先填表，再解答) 【答案】24 12 6 3 第1次弹起：48÷2＝24(米) 第2次弹起：24÷2＝12(米) 第3次弹起：12÷2＝6(米) 第4次弹起：6÷2＝3(米) 3．三年级的男生分成4组，每组有30人。三年级的女生比男生少16人，女生有多少人？ 【答案】4×30＝120(人) 120－16＝104(人) 第2课时画线段图解决问题 习题精挑 1．先看图说说条件和问题，再解答。 【答案】说一说略 46＋18＝64(只) 64＋25＝89(只)

2．四年级有学生113人，五年级有学生96人，六年级的学生人数比四、五年级的学生总人数少42人，六年级有多少人？ 【答案】113＋96＝209(人) 209－42＝167(人) 3．书店运来科技书128本，运来的故事书的本数比科技书多12本，运来的文艺书的本数是故事书的4倍。运来文艺书多少本？ 【答案】128＋12＝140(本) 140×4＝560(本) 第3课时间隔排列 习题精挑 1．○□○□○□○□○□○ (1)图中一共有多少个○，多少个□？ (2)如果一共摆了20个□，则○有多少个？ 【答案】(1)6个5个(2)20＋1＝21(个) 2．实验小学有一条60米长的道路，计划在道路一边栽树，每隔4米栽1棵。 (1)如果两端都栽，一共可以栽多少棵？ (2)如果两端都不栽，一共可以栽多少棵？ 【答案】(1)60÷4＝15(棵) 15＋1＝16(棵) (2)60÷4＝15(棵) 15－1＝14(棵)

大学几乎所有学科的课本答案

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大学教材课后习题答案免费下载链接 （上中下）190-290 本资料由https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,上网购返利网分享汽车理论习题答案(考研_作业).pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1zobam 汽车理论第五版_课后习题答案(正确).pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1o67DaHk 波动习题答案.pdf→→https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1pJDGFyj 泵与风机课后习题答案.pdf→→https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1gdBph3H 流体力学习题解答李晓燕吴邦喜.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1qWM2gAo 液压与气压传动习题答案.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1bnksUmV 物理化学第五版习题解答（上下册）.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1sjvvFPj 物理学教程第二版马文蔚下册课后答案完整版_cropped.pdf→→https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1sj98Mct 物理学第五版上册习题答案.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1jG1F9NS 王勖成《有限单元法》1-5章课后习题答案.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1nt8vc3B 理论力学教程_第三版_周衍柏_课后习题答案_总汇(1).pdf→→

理论力学教程_第三版_周衍柏_课后习题答案_总汇.pdf→→https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1eQABmxW 电力系统分析课后习题答案.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1bngpktD 电动力学习题答案chapter5.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1pJ7AZ5x 电子商务法律与法规综合复习题与答案.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1c0nEFUo 电子测量技术基础课后习题答案上1,2,5,6,7,8.pdf→→https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1hq3f7Is 电子线路习题答案梁明理版.pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1bn5rEIr 电工学简明教程（第二版）学习辅导与习题解答.pdf→→https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1mgHQ6xi 电机与拖动基础第三版李发海答案（全）.pdf→→https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1dD25KyP 电气测试技术第三版_课后习题答案%28林德杰%29.pdf→→https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1jGwVRE2 电磁场与电磁波习题答案 (6).pdf→→ https://www.sodocs.net/doc/5d737181.html,/s/1bnrK3pX 电磁场与电磁波习题答案 (7).pdf→→

高中数学教学中出现的问题与处理策略

高中数学教学中出现的问题与处理策略 经过几年来高中新课程的教学实践，我在教学中遇到了一些问题与困惑，感到教师应对教学与高考的压力加重，自身专业素质的要求增高；另一方面学生学业负担加重，对学生学习的要求增多。如何把握好教学要求，做到不超出课标要求，不加重学生负担，而又要保质保量地完成教学任务呢？本文从新课程教学中出现的问题，对教学问题的处理策略两方面谈谈自己的看法，与大家一起探讨。 一、新课程教学中出现的问题 １、教材内容多，教学时间紧 高中数学课程分必修和选修。必修课程由5个模块组成；选修课程有4个系列，其中系列1、系列2由若干个模块组成，系列3、系列4由若干专题组成；每个模块2学分(36学时)，每个专题1学分（18学时），每2个专题可组成1个模块。5个必修模块基本涵盖了以往课程的内容，而这4个选修系列中不仅涉及了以往课程内容，大部分都是以往课程中没有的。在总的教学时间并没增加的情况下，教学内容偏多和教学课时之间的矛盾日益突出。与原教材相比，现在一个学期学两本必修，高一年级就要学4本必修，老师们普遍认为不能在规定时间内很好地完成教学要求，即使能在规定时间内完成，学生常常是囫囵吞枣，掌握得不好。学生负担过重，对知识的理解“蜻蜓点水”，学得不深入，掌握不牢固。另外高考基本是两年上完新课，一年复习，许多学生在高一不久数学学习就跟不上，造成更多数学差生，数学平均水平下降。 2、教材内容知识衔接不好 一方面，由于初中的课程标准与高中接轨不严密，很多内容初中高中都没有但又经常用到，导致有些知识脱节，初、高中衔接不好。如在高中新课程学习中需要应用一元二次方程根与系数的关系，十字相乘法、二元二次方程组的解法，立方和差、三数和的平方、两数和与差的立方等知识与方法，而这些知识和方法在《全日制义务教育数学课程标准（实验稿）》中已删去。 另一方面，按照课程标准的逻辑体系教学感到知识的衔接困难。如在《必修１》中许多集合问题及函数定义域问题的学习中，需要运用一元二次不等式的有关知识，而这一内容在《必修５》中才出现。《必修2》中“平面解析几何初步”中列出了有关空间直角坐标系的内容，不仅与章节名称不符，而且这里的空间直角坐标系与《选修2-1》中“空间向量与立体几何”相关内容相隔太远。 另外，部分高中数学内容与其他学科知识衔接不好。一方面，其他科目用到的数学知识，数学知识没有学到，例如，高一物理（必修）力的分解问题，涉及到数学中的三角函数，而三角函数问题在高一下（必修4）才会学到。另一方面，数学用到其他科目的知识，其他科目还没学到，例如《必修1》用到物理中的物体运动原理，学生没有学到，无法解决；再如《必修4》在讲函数的图象时，提到物理中的简谐运动、交流电等都与物理不同步。

2014版大学物理教材课后习题答案

P31 第一章 习题答案 3. 一质点沿x 轴运动，其加速度a 与位置坐标x 的关系为 a ＝2＋6 x 2 (SI) 如果质点在原点处的速度为零，试求其在任意位置处的速度． 解：设质点在x 处的速度为v ， 62d d d d d d 2x t x x t a +=?== v v ()x x x d 62d 0 2 ?? += v v v () 2 2 1 3 x x +=v 4.有一质点沿x 轴作直线运动，t 时刻的坐标为x = 4.5 t 2 – 2 t 3 (SI) ．试求： (1) 第2秒内的平均速度； (2) 第2秒末的瞬时速度； (3) 第2秒内的路程． 解：(1) 5.0/-==??t x v m/s (2) v = d x /d t = 9t - 6t 2 v (2) =-6 m/s (3) S = |x (1.5)-x (1)| + |x (2)-x (1.5)| = 2.25 m 5. 一质点沿半径为R 的圆周运动．质点所经过的弧长与时间的关系为2 2 1ct bt S + = 其中b 、c 是大于零的常量，求从0=t 开始到切向加速度与法向加速度大小相等时所经历的时间． 解： ct b t S +==d /d v c t a t ==d /d v ()R ct b a n /2 += 根据题意： a t = a n 即 ()R ct b c /2 += 解得 c b c R t -= 6.由楼窗口以水平初速度0v 射出一发子弹，取枪口为原点，沿0v 方向为x 轴，竖直向下为y 轴，并取发射时刻t 为0，试求： (1) 子弹在任一时刻t 的位置坐标及轨迹方程； (2) 子弹在t 时刻的速度，切向加速度和法向加速度． 解：(1) 2 02 1gt y t x = = , v 202/2 1v g x y = (2) v x = v 0，v y = g t ，速度大小为： 2 22 02 2 t g y x +=+=v v v v 方向为：与x 轴夹角 θ = tg -1( gt /v 0) 222 02//d d t g t g t a t +==v v 与v 同向．

大学物理学(第三版)课后习题参考答案

习题1 1.1选择题 (1) 一运动质点在某瞬时位于矢径),(y x r 的端点处，其速度大小为 (A)dt dr (B)dt r d (C)dt r d | | (D) 22)()(dt dy dt dx [答案：D] (2) 一质点作直线运动，某时刻的瞬时速度s m v /2 ，瞬时加速度2 /2s m a ，则一秒钟后质点的速度 (A)等于零 (B)等于-2m/s (C)等于2m/s (D)不能确定。 [答案：D] (3) 一质点沿半径为R 的圆周作匀速率运动，每t 秒转一圈，在2t 时间间隔中，其平均速度大小和平均速率大小分别为 (A) t R t R 2, 2 (B) t R 2,0 (C) 0,0 (D) 0,2t R [答案：B] 1.2填空题 (1) 一质点，以1 s m 的匀速率作半径为5m 的圆周运动，则该质点在5s 内，位移的大小 是 ；经过的路程是 。 [答案： 10m ； 5πm] (2) 一质点沿x 方向运动，其加速度随时间的变化关系为a=3+2t (SI)，如果初始时刻质点的速度v 0为5m·s -1，则当t 为3s 时，质点的速度v= 。 [答案： 23m·s -1 ] (3) 轮船在水上以相对于水的速度1V 航行，水流速度为2V ，一人相对于甲板以速度3V 行走。如人相对于岸静止，则1V 、2V 和3V 的关系是 。 [答案： 0321 V V V ]

1.3 一个物体能否被看作质点，你认为主要由以下三个因素中哪个因素决定： (1) 物体的大小和形状； (2) 物体的内部结构； (3) 所研究问题的性质。 解：只有当物体的尺寸远小于其运动范围时才可忽略其大小的影响，因此主要由所研究问题的性质决定。 1.4 下面几个质点运动学方程，哪个是匀变速直线运动？ （1）x=4t-3；（2）x=-4t 3+3t 2+6；（3）x=-2t 2+8t+4；（4）x=2/t 2-4/t 。 给出这个匀变速直线运动在t=3s 时的速度和加速度，并说明该时刻运动是加速的还是减速的。（x 单位为m ，t 单位为s ） 解：匀变速直线运动即加速度为不等于零的常数时的运动。加速度又是位移对时间的两阶导数。于是可得（3）为匀变速直线运动。 其速度和加速度表达式分别为 2 2484 dx v t dt d x a dt t=3s 时的速度和加速度分别为v =20m/s ，a =4m/s 2。因加速度为正所以是加速的。 1.5 在以下几种运动中，质点的切向加速度、法向加速度以及加速度哪些为零哪些不为零？ (1) 匀速直线运动；(2) 匀速曲线运动；(3) 变速直线运动；(4) 变速曲线运动。 解：(1) 质点作匀速直线运动时，其切向加速度、法向加速度及加速度均为零； (2) 质点作匀速曲线运动时，其切向加速度为零，法向加速度和加速度均不为零； (3) 质点作变速直线运动时，其法向加速度为零，切向加速度和加速度均不为零； (4) 质点作变速曲线运动时，其切向加速度、法向加速度及加速度均不为零。 1.6 ｜r ｜与r 有无不同?t d d r 和d d r t 有无不同? t d d v 和t d d v 有无不同?其不同在哪里?试举例说明． 解：（1）r 是位移的模， r 是位矢的模的增量，即r 12r r ，12r r r ； （2） t d d r 是速度的模，即t d d r v t s d d . t r d d 只是速度在径向上的分量. ∵有r r ?r （式中r ?叫做单位矢），则 t ?r ?t r t d d d d d d r r r 式中 t r d d 就是速度在径向上的分量，

DS第二章-课后习题答案

第二章线性表 2.1 填空题 (1)一半插入或删除的位置 (2)静态动态 (3)一定不一定 (4)头指针头结点的next 前一个元素的next 2.2 选择题 (1)A (2) DA GKHDA EL IAF IFA(IDA) (3)D (4)D (5) D 2.3 头指针：在带头结点的链表中，头指针存储头结点的地址；在不带头结点的链表中，头指针存放第一个元素结点的地址； 头结点：为了操作方便，在第一个元素结点前申请一个结点，其指针域存放第一个元素结点的地址，数据域可以什么都不放； 首元素结点：第一个元素的结点。 2.4已知顺序表L递增有序，写一算法，将X插入到线性表的适当位置上，以保持线性表的有序性。 void InserList(SeqList *L,ElemType x) { int i=L->last; if(L->last>=MAXSIZE-1) return FALSE; //顺序表已满 while(i>=0 && L->elem[i]>x) { L->elem[i+1]=L->elem[i]; i--; } L->elem[i+1]=x; L->last++; } 2.5 删除顺序表中从i开始的k个元素 int DelList(SeqList *L,int i,int k) { int j,l; if(i<=0||i>L->last) {printf("The Initial Position is Error!"); return 0;} if(k<=0) return 1; /*No Need to Delete*/ if(i+k-2>=L->last) L->last=L->last-k; /*modify the length*/

浅谈如何处理初中数学教材中的例题

浅谈如何处理初中数学教材中的例题 兴化市临城中心校初中部王爱荣 摘要：例题教学是初中数学课堂教学的重要环节。不少教师对教材的认识和理解不够，往往忽略例题的典型性和示范性。例题教学教法单一，讲解刻板，缺乏变通、创新，失去了例题教学应有的功能。切实加强各种例题的教学研究, 处理好教材中的例题才能有效地引导学生思考,才能使教学顺利进行,才能有效提高课堂教学的效率。 关键词：例题教学教学研究开发改编题后反思提高效率 众所周知，例题教学是初中数学课堂教学的重要环节。不但为学生提供解决数学问题的范例，揭示数学方法，规范思考过程，而且为其数学方法体系的构建提供了基石。对于学生理解和掌握好数学知识,培养能力,具有举足轻重的作用。然而，不少教师对教材的理解不够，往往忽略例题的典型性和示范性，轻描淡写，一带而过，盲目选择一些难题、偏题，进行题海战术，导致学生恐惧、厌恶数学，适得其反。也有不少教师例题教学教法单一，照本宣科，讲解刻板，缺乏变通、创新，失去了例题教学应有的功能。切实加强各种例题的教学研究, 处理好教材中的例题才能有效地引导学生思考,才能使教学顺利进行,才能提高课堂教学的效率。下面谈谈我对“如何处理初中数学教材中的例题”的一些做法和体会。 首先要尊重教材, 教材的编写时是经过从理论到实践的多重思考与验证的，凝聚专家学者的经验与智慧。教材中有许许多多现成的例题,它们能很好地体现教学目标, 促进学生的数学学习。对于这类例题, 不能简单的模仿、记忆，追求解题的难度和技巧，应着重让学生体会例题蕴含的数学基本思想和方法，与本节课教学目标之间的内在联系。不仅要让学生知其然，还要知其所以然。 其次, 有些例题的背景比较抽象，缺乏生活气息，如果将例题进行适当的“开发”，改编成与学生密切相关的生活情境，不仅可以激发学生的参与热情，还能发挥学生的创新意识和创造能力．处理后的例题是根据教学的目标任务、教材内容以及学生的实际情况、运用恰当的教学方法与教学策略进行优化整合的新教材。只有这样经过优化整合的教材,才能使它有效地内化为学生的知识、能力与观念。例题的再次“开发”,往往能促使学生的学习由“重结论轻过程”转向“过程与结论并重”的方向发展,从而使学生达到“举一反三”效果。以下是我在例题“开发”方面做了一些尝试：

(完整版)微观经济学第二章课后习题答案

第二章需求、供给和均衡价格 1.解: （1）将需求函数Q d= 50-5P和供给函数Q s=-10+5P代入均衡条件Q d=Q s ,有:50- 5P= -10+5P 得: Pe=6 以均衡价格Pe =6代入需求函数Q d=50-5p ,得: Qe=50-5×6 或者,以均衡价格 Pe =6 代入供给函数Q s =-10+5P ,得:Qe=-10+5×6 所以,均衡价格和均衡数量分别为Pe =6 , Qe=20 图略. （2）将由于消费者收入提高而产生的需求函数Q d=60-5p和原供给函数Q s=-10+5P, 代入均 衡条件Q d=Q s有: 60-5P=-10+5P 解得Pe =7 以均衡价格Pe =7代入Q d=60-5p ,得 Qe=25 或者,以均衡价格Pe =7代入Qs =-10+5P, 得Qe=25 所以,均衡价格和均衡数量分别为Pe =7，Qe=25 （3）将原需求函数Q d=50-5p 和由于技术水平提高而产生的供给函数Q s=-5+5p ,代入均衡条件Q d=Q s,有: 50-5P=-5+5P得 P e=5.5 以均衡价格Pe=5.5代入Q d=50-5p, 得Qe=50-5×5.5=22.5 所以,均衡价格和均衡数量分别为Pe=5.5，Qe=22.5图略。 （4）（5）略 2.解： (1)根据中点公式计算，e d=1.5 (2)由于当P=2时，Q d=500-100*2=300,

所以，有： 22 .(100)3003 d dQ P dP Q e =- =--*= （3）作图，在a 点P=2时的需求的价格点弹性为：e d =GB/OG=2/3或者e d =FO/AF=2/3 显然，利用几何方法求出P=2时的需求的价格弹性系数和（2）中根据定义公式求出结果是相同的，都是e d =2/3 3解: (1) 根据中点公式 求得：4 3 s e = (2) 由于当P=3时，Qs=-2+2×3=4，所以 3 .2 1.54 s dQ P dP Q e = =?= (3) 作图，在a 点即P=3时的供给的价格点弹性为：e s =AB/OB=1.5 显然，在此利用几何方法求出的P=3时的供给的价格点弹性系数和（2）中根据定义公式求出的结果是相同的，都是e s =1.5 4.解： (1)根据需求的价格点弹性的几何方法,可以很方便地推知:分别处于不同的线性需求曲线上的a 、b 、e 三点的需求的价格点弹性是相等的,其理由在于,在这三点上都有: e d =FO/AF （2）根据求需求的价格点弹性的几何方法,同样可以很方便地推知:分别处于三条线性需求曲线上的a 、e 、f 三点的需求的价格点弹性是不相等的,且有e da