高中物理必修一 第四章 运动和力的关系 训练题 (1)0812(含答案解析)
必修一第四章运动和力的关系训练题 (1)
一、单选题（本大题共4小题，共16.0分）
1.下列说法中正确的是()
A. 作用力和反作用力的性质一定相同
B. 力是产生和维持物体运动的原因
C. 物体处于超重状态，实质就是物体的重力增加了
D. 宇宙飞船中的物体处于完全失重状态，所以没有惯性
2.如图所示，长为l的细线上端固定于悬点O，细线下面悬挂一质量为m的小
钢球。钢球在水平面内以O′为圆心做匀速圆周运动时，细线与OO′的夹角为θ，
忽略空气阻力，重力加速度为g。则
()
A. 小钢球受重力、拉力和向心力
B. 细绳拉力大小为mgcosθ
C. 小钢球受向心力大小为mgtanθ
D. 小钢球运动的角速度大小为√gtanθ
l
3.如图甲，倾角为θ的传送带始终以恒定速率v2逆时针运行，t=0时初速度大小为v1(v1>v2)的
小物块从传送带的底端滑上传送带，其速度随时间变化的v?t图象如图乙，则()
A. 0～t3时间内，小物块所受到的摩擦力始终不变
B. 小物块与传送带间的动摩擦因数满足μ C. t2时刻，小物块离传送带底端的距离达到最大 D. 小物块返回传送带底端时的速率大于v1 4.如图所示为跳蚤从地面竖直向上运动到最高点的v2??简化图 线，减速过程看作竖直上抛运动，重力加速度g取10m/s2，下 列说法正确的是() A. v2??图线的斜率表示加速度 B. 加速过程跳蚤的平均弹跳力约是自身重力的100倍 C. 加速过程的加速度为a=100m/s2 D. 上升过程的最大速度为v m=4m/s 二、多选题（本大题共7小题，共28.0分） 5.如图所示，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带 由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的 动摩擦因数为μ，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程中，下列说法正确的是() mv2 B. 摩擦力对物体做的功为mv2 A. 电动机做的功为1 2 C. 传送带克服摩擦力做的功为mv2 D. 电动机增加的功率为μmgv 6.一辆汽车以功率P在平直公路上匀速行驶，行驶的速度大小为v，汽车的质量为m，汽车在行 驶过程中受到的阻力恒定，则下列说法正确的是() A. 汽车受到的阻力大小为P v B. 汽车受到的阻力大小为P 2v C. 将汽车的功率提高一倍的瞬间，汽车的牵引力也会增加一倍 D. 将汽车的功率提高一倍后，汽车将做加速度越来越大的加速运动，最后做匀速运动 7.如图所示，劲度系数k=40N/m的轻质弹簧放置在光滑的水平面上，左端固定在竖直墙上，物 块A、B在水平向左的推力F=10N作用下，压迫弹簧处于静止状态，已知两物块不粘连，质量均为m=3kg。现突然撤去力F，同时用水平向右的拉力F′作用在物块B上，同时控制F′的大小使A、B一起以a=2m/s2的加速度向右做匀加速运动，直到A、B分离，此过程弹簧对物块做的功为W弹=0.8J，则下列说法正确的是() A. 两物块刚开始向右匀加速运动时，拉力F′=2N B. 弹簧刚好恢复原长时，两物块正好分离 C. 两物块一起匀加速运动经过√10 s刚好分离 10 D. 两物块一起匀加速运动到分离，拉力F′对物块做的功为0.6J 8.如图1所示，遥控小车在平直路面上做直线运动，所受恒定阻力f=4N，经过A点时，小车受 到的牵引力F A=2N，运动到B点时小车正好匀速，且速度v B=2m/s；图2是小车从A点运动到B点牵引力F与速度v的反比例函数关系图象。下列说法正确的是() A. 从A到B，牵引力的功率保持不变 B. 从A到B，牵引力的功率越来越小 C. 小车在A点的速度为4m/s D. 从A到B，小车的速度减小得越来越慢 9.在下列实验中，需要用到如图所示器材的实验有() A. “探究弹簧的弹力与伸长量的关系” B. “探究加速度与力、质量的关系” C. “验证机械能守恒定律” D. “研究平抛运动” 10.如图甲所示，总质量为m=65kg的人和雪橇在倾角θ=37°的斜面上向下滑动，所受的空气阻 力与速度成正比(比例系数也叫空气的阻力系数)。今测得雪橇运动的v?t图象如图乙所示，且AB是曲线的切线，B点坐标为(4,15)，CD是曲线的渐近线，g取10m/s2，根据以上信息，则能够确定下列哪个物理量() A. 空气的阻力系数 B. 雪橇与斜面间的动摩擦因数 C. 雪橇达到最大速度时所用的时间 D. 雪橇在斜面上下滑的最大速度 11.如图所示，在光滑的水平桌面上，质量分别为m1、m2的两个小球用一不 可伸长的细线相连，两小球环绕它们连线上的某一点O以相同的角速度 做匀速圆周运动。下列说法正确的是() A. 两小球的加速度之比为a1 a2=m1 m2 B. 两小球做圆周运动的半径之比为r1 r2=m2 m1 C. 两小球的线速度之比为v1 v2=m1 m2 D. 两小球的动能之比为E k1 E k2=m2 m1 三、计算题（本大题共8小题，共80.0分） 12.某一水平直线路段车辆的限速为30km/?，一辆质量为2.0×103kg的小汽车在该路段匀速行驶， 发现前方的突发情况后，立即紧急刹车，使车停止。测得刹车痕迹长为7.0m，刹车过程中汽车受到的阻力为1.4×104N，设汽车刹车时做匀减速运动，取√2=1.4，求： (1)刹车过程中汽车的加速度大小； (2)紧急刹车前汽车的速度大小； (3)判断该车是否超速？ 13.如图所示，在固定的长木板的右侧A点有一可视为质点的小木块，长木板与小木块之间的动摩 擦因数μ=0.4，半径R=0.3m的四分之三光滑圆弧固定在长木板左端B处，其圆心O位于B 点的正上方。小木块以v0=3√15m/s的初速度向左运动，最后落到E点正下方的F点，小木块落到F点时的速度v F=√15m/s。小木块的质量m=1kg，C点、E点是与圆心O等高的点，取重力加速度g=10m/s2，试求： (1)小木块在C点对轨道的压力大小； (2)小木块在长木板A、B之间的运动时间。 14.如图所示，倾角α=45°的斜面固定在水平地面上的左端，半径R=0.5m的光滑半圆形轨道固定 在水平地面上的右端且与水平地面相切于P点。将质量m=1kg的物块(可视为质点)从斜面上的A点由静止释放，经过B点进入地面，最后停在C点。已知A点的高度?=1m，A、C两点的连线与地面的夹角β=37°，物块与斜面、地面间的动摩擦因数均为μ，不计物块经过B点的能量损失。若物块从地面上D点以水平向右的初速度v D开始运动，正好能到达半圆形轨道的最高点E，已知D、P两点间的距离L=1.6m，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求： (1)物块由A运动到C系统产生的热量Q，物块与接触面间的动摩擦因数μ； (2)刚进入圆弧轨道的P点时，物块受到的支持力大小F P； (3)物块在D点时的速度大小v D。 15.探测器在控制系统的指令下，离开月球表面竖直向上做加速直线运动；探测器的内部固定一压 力传感器，质量为m的物体水平放置在压力传感器上，压力传感器的示数一直为F，已知月球 高度时，系统的加的半径为R，引力常量为G；忽略月球的自转，当探测器上升到距月球表面R 4速度为a。求： (1)月球的质量及月球表面的重力加速度大小； (2)探测器刚发射升空时，系统的加速度大小。 16.让质量为m=0.1kg的小球在水平地面上方由静止开始下落，落地瞬间 的速度大小为v1，反弹后的瞬时速度大小v2=4m/s，忽略小球与地面 的作用时间，从开始下落到反弹运动到最高点，小球的v?t图象如图 所示。已知小球下落过程与上升过程的时间之比为5：3，下落的高度 与上升的高度之比为5：3，空气的阻力大小恒定，重力加速度g取 10m/s2，求： (1)小球落地时的速度大小v1； (2)小球受到空气的阻力大小及反弹后上升的最大高度。 17.学校物理社团为研究“竖直平面内圆周运动的临界速度大小”，设计了如下实验装置。如图甲 所示，光滑圆轨道固定在竖直平面内，质量为m的小球从轨道最高点以初速度v0开始运动，已知轨道半径为R，重力加速度为g，请回答： (1)若小球初速度v0=√2gR，则最高点A处小球对轨道的弹力大小为多少？ (2)如图乙所示，将一轻质弹簧一端固定在AO中点P处，另一端与小球相连接，弹簧原长为R， 劲度系数k=mg ，小球运动过程中弹簧始终在竖直平面内，弹簧可绕P点无摩擦转动，为使小 R 球不脱离轨道，则在最高点速度至少多大？ (3)在(2)问结果下，小球到达最低点B处时所受轨道弹力大小为多少？ 18.如图是舰载机在航空母舰上起飞时的照片。舰载机质量m=1.8×104kg，速度v=60m/s，舰 载机在平直甲板上从静止开始匀加速到起飞的距离为l=225m，加速起飞过程所受平均阻力为机重的k倍，k=0.2，飞机起飞过程中航空母舰保持静止，舰载机可视为质点，求： (1)舰载机匀加速起飞时的加速度大小； (2)舰载机匀加速起飞过程需要的时间； (3)舰载机匀加速起飞时所受牵引力的大小。 19.如图所示，两足够长的平行光滑金属导轨倾斜放置，与水平面间的夹角为θ=37°，两导轨之间 距离为L=0.2m，导轨上端m、n之间通过导线连接，有理想边界的匀强磁场垂直于导轨平面向上，虚线ef为磁场边界，磁感应强度为B=2.0T，一质量为m=0.05kg的光滑金属棒ab从距离磁场边界0.75m处由静止释放，金属棒两轨道间的电阻r=0.4Ω，其余部分的电阻忽略不计，ab、ef均垂直导轨。(g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8)求： (1)ab棒最终在磁场中匀速运动时的速度； (2)流过导线mn电流的最大值； (3)ab棒在整个运动过程中的最大加速度。 四、简答题（本大题共1小题，共3.0分） 20.如图所示，小孩与冰车的总质量m=20kg。大人用F=20N的恒 定拉力，使冰车从静止开始沿水平冰面移动，拉力方向与水平面的 夹角为θ=37°，已知冰车与冰面间的动摩擦因数μ=0.05，重力加 速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。 (1)求小孩与冰车受到的支持力F N的大小； (2)求小孩与冰车的加速度a的大小； (3)大人的拉力作用4s后撤去，求冰车的总位移x的大小。(保留3位有效数字) -------- 答案与解析 -------- 1.答案：A 解析：解：A、根据相互作用力的特点可知，作用力与反作用力的性质一定相同，故A正确； B、力是产生加速度的原因，不是产生和维持物体运动的原因，故B错误； C、不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力都不变，故C错误； D、有质量就有惯性，则宇宙飞船中的物体处于完全失重状态，也有惯性，故D错误。 故选：A。 由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失，当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，质量是惯性的唯一量度。 本题特别要注意力不是产生速度的原因，而是产生加速度的原因，注意超重、失重状态的实质，难度不大，属于基础题。 2.答案：C 解析：解：A、小钢球受力如右图所示，受到重力和绳子的拉力，由重力和拉力 的合力提供向心力，故A错误； B、设细绳的拉力大小为F，根据竖直方向的合力为零得：Fcosθ=mg，得：F= mg ，故B错误； cosθ C、小钢球所受的合力提供圆周运动所需要的向心力，所以：向心力大小为：F n= =mgtanθ，故C正确； F 合 D、根据向心力公式有：F n=mω2r，又r=lsinθ，解得小钢球的角速度大小为： ω=√g ，故D错误。 lcosθ 故选：C。 钢球在水平面内做匀速圆周运动时，由重力和拉力的合力提供向心力，根据竖直方向的合力为零求细绳的拉力大小。由力的合成法求向心力大小，根据向心力公式求出钢球运动的角速度大小。 正确地对钢球进行受力分析，并由此确定钢球所受的合力即为向心力，并掌握向心力的公式是解题的关键。要分析受力时，向心力不单独分析。 3.答案：B 解析：解：A、通过乙图可以看出，小物块先向上减速运动，减速到零后反向加速，当速度与传送带速度相等时，加速度大小发生变化，所以小物块的速度达到与传送带速度相等以前，摩擦力方向一直沿斜面向下，t2时刻以后摩擦力方向沿斜面向上，故A错误； B、根据图乙可知，t2时刻以后小物块相对于传送带向下加速运动，根据牛顿第二定律可得：mgsinθ?μmgcosθ=ma，所以小物块与传送带间的动摩擦因数满足μ C、根据图乙可知，t1时刻小物块向上运动的速度为零，此时小物块离传送带底端的距离达到最大，故C错误； D、小物块在整个运动过程中重力做功为零，机械能的损失转化为由于摩擦产生的热，所以小物块的机械能减少，小物块返回传送带底端时的速率小于v1，故D错误。 故选：B。 通过乙图分析小物块的运动情况，由此分析摩擦力方向；根据牛顿第二定律分析小物块与传送带间的动摩擦因数满足的条件；t 1时刻小物块向上运动的速度为零；根据能量守恒定律分析小物块返回传送带底端时的速率。 本题主要是考查牛顿第二定律之传送带问题，根据速度图象确定小物块的运动情况和受力情况，根据牛顿第二定律结合能量守恒定律进行分析。 4.答案：B 解析：解：A 、做匀变速直线运动的物体，设加速度为a ，则：2ax =v 2?v 02 则：2a = v 2?v 0 2x 其中其斜率表示加速度的2倍，斜率不变，则加速度不变； 可知该题图中在0.002m 前跳蚤做匀加速直线运动，在0.002m ?0.200m 范围内做匀减速运动，故A 错误； BCD 、由题图可知跳蚤上升的最大高度为0.200m ，在0.002m ?0.200m 范围内只受到重力的作用，加速度为重力加速度，则：2g = v m 2△x 所以：v m 2 =2g △x 代入数据可得：v m =2m/s 跳蚤加速阶段的加速度：a = v m 2?02x 1 = 22?02×0.002 m/s 2=1000m/s 2 跳蚤的平均弹跳力：F =ma +mg =101mg 可知加速过程跳蚤的平均弹跳力约是自身重力的100倍，故CD 错误，B 正确。 故选：B 。 结合运动学的公式分析v 2??图象的意义，然后结合运动学的公式分析各选项即可。 解决本题的关键要知道v 2??图象的意义，结合几何知识进行解答。 5.答案：CD 解析：解：A 、由能量守恒定律知，电动机做的功等于物体获得的动能和由于摩擦而产生的热量，故A 错误； B 、对物体受力分析知，仅有摩擦力对物体做功，由动能定理知，摩擦力对物体做的功为1 2mv 2，故 B 错误； C 、传送带克服摩擦力做功等于摩擦力与传送带对地位移的乘积，而易知这个位移是物体对地位移的两倍，即W =mv 2，故C 正确； D 、由功率公式易知传送带增加的功率为μmgv ，故D 正确。 故选：CD 。 物体在传送带上运动时，物体和传送带要发生相对滑动，所以电动机做的功一部分转化成了物体的动能另一部分就是增加了相同的内能．分析相对位移与物体对地位移的关系，求传送带克服摩擦力做的功．由能量守恒定律分析即可． 当物体之间发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，相同的内能也要增加，这是解本题的关键地方． 6.答案：AC 解析：解：AB、汽车在额定功率P下匀速运动，此时牵引力等于阻力，故P=fv，解得：f=P v ， 由于受到的阻力不变，故阻力不变，故A正确，B错误； C、将汽车的功率提高一倍的瞬间，由于速度没有发生变化，根据F=2P v 可知，汽车的牵引力也会增加一倍，故C正确； D、将汽车的功率提高一倍后，根据F=2P v 可知，牵引力增大，此时牵引力大于阻力，汽车做加速运动，速度增大，根据P=Fv可知，牵引力减小，由牛顿第二定律可得，加速度减小，故做加速度减小的加速度运动，最终做匀速运动，故D错误； 故选：AC。 汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据功率和速度关系公式P=Fv，功率加倍时，牵引力增加，物体加速运动，根据牛顿第二定律分析加速度和速度的变化情况。 该题考查瞬时功率的表达式的应用，解答本题关键是分析清楚物体的受力情况，结合受力情况再确 定物体的运动情况。 7.答案：AC 解析：解：A、以整体为研究对象，撤去F前根据平衡条件可得弹簧弹力T=F=10N，撤去力F，同时用水平向右的拉力F′作用在物块B上，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：T+F′=2ma，解得：F′=2N，故A正确； B、两物块分离时A的加速度大小仍为2m/s2，此时两物块之间的弹力恰好为零，对物块A根据牛顿第二定律可知弹簧弹力T′=ma=6N，弹簧处于压缩状态，故B错误； C、刚开始弹簧压缩x1=T k =0.25m，分离时弹簧压缩x2=T′ k =0.15m，两物块分离时经过的位移x= x1?x2=0.1m，根据位移?时间关系可得：x=1 2at2，解得t=√10 10 s，故C正确； D、两物块分离时的速度大小为v=at=√10 5 m/s，两物块一起匀加速运动到分离过程中，根据动能 定理可得：W F′+W弹=1 2 ×2mv2?0，解得拉力F′对物块做的功为W F′=0.4J，故D错误。 故选：AC。 以整体为研究对象，撤去F前根据平衡条件可得弹簧弹力，再根据牛顿第二定律求解F′； 两物块分离时A的加速度大小仍为2m/s2，此时弹簧处于压缩状态； 求出两物块分离时经过的位移，根据位移?时间关系求解时间； 求出两物块分离时的速度大小，根据动能定理求解拉力F′对物块做的功。 本题主要是考查牛顿第二定律的综合应用问题和动能定理，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，再根据运动学公式结合动能定理、胡克定律进行解答。 8.答案：ACD 解析：解：AB、小车从A点运动到B点牵引力F与速度v的反比例函数关系图象，根据P=Fv可知，汽车的功率恒定，故A正确，B错误； C、在B点，小车匀速运动，此时牵引力等于阻力，故F?B=f=4N，故下车的功率P=F B v B=8W， 在A点，根据P=F A v A可得v A=P F A =8 2 m/s=4m/s，故C正确； D、从A到B，小车的牵引力越来越大，根据牛顿第二定律可得F?f=ma，解得a=F?f ，加速度 m 的大小越来越小，故小车的速度减小得越来越慢，故D正确； 故选：ACD。 车从A点运动到B点牵引力F与速度v的反比例函数关系图象，根据P=Fv判断出功率的变化，利用牵引力等于阻力时速度达到最大，求得小车的功率，由P=Fv求得小车在A点的速度，根据从A 到B小车牵引力的变化，利用牛顿第二定律求得加速度，即可判断速度的变化。 本题主要考查了在额定功率下小车的运动，分析求出物体的运动规律，然后根据牛顿第二定律和运动学规律列式求解，能根据图象得出有效信息。 9.答案：BC 解析：解：A、在“探究弹簧的弹力和伸长量的关系”实验中，需要测量弹力F和伸长量，所以需要用到弹簧和钩码，测量长度需要刻度尺，不需要打点计时器，故A错误； B、探究加速度与力、质量的关系，实验中需要测量加速度的大小，需要通过纸带测量加速度，所以需要打点计时器，故B正确； C、验证机械能守恒定律中，实验中需要测量长度，需要通过纸带测量速度，所以需要打点计时器，故C正确； D、实验设计中，只要使用纸带的，必须选用打点计时器，对于平抛运动，不需要使用纸带，可以使用频闪照片研究，故D错误。 故选：BC。 打点计时器是计时工具，可以间接的测量物体运动速度大小，结合实验的原理确定哪些实验需要打点计时器。 解决本题的关键知道实验的原理，会通过实验原理确定实验的器材，以及知道实验误差的来源，难度不大。 10.答案：ABD 解析：解：ABD、由牛顿第二定律得：mgsinθ?μmgcosθ?kv=ma 由图象得A点，速度为：v A=5m/s，加速度为：a A=2.5m/s2； 有：mgsinθ?μmgcosθ?kv A=ma A…① 最终雪橇匀速运动时最大速度为：v m=10m/s，a=0 mgsinθ?μmgcosθ?kv m=0…② 联立①②，代入数据可以解得μ和k，故ABD正确； C、由mgsinθ?μmgcosθ?kv=ma知，v增大，a减小，雪橇做加速度逐渐减小的变加速运动，不能根据运动学公式求雪橇达到最大速度时所用的时间，故C错误。 故选：ABD。 AB的斜率表示速度为5m/s时的加速度大小，根据牛顿第二定律列出速度是5m/s时、以及加速度为0时的动力学方程。联立两方程求出空气的阻力系数k和雪橇与斜坡间的动摩擦因数μ.加速度为零速度最大，由图读出最大速度。 本题考查了学生的看图分析图象的能力，能根据图象从中找出有用的信息，结合牛顿第二定律进行分析。要注意本题不需要求出μ和k具体数值。 11.答案：BD 解析：解：B、两球相当于做共轴转动，角速度相同，因为细线对A、B两球的弹力相等，知A、B 两球做圆周运动的向心力相等，有： m 1r 1ω2=m 2r 2ω2 所以：r 1r 2=m 2 m 1，半径与质量成反比，故B 正确； A 、根据a =ω2r 知加速度与半径成正比，即与质量成反比，即a 1a 2 =m 2 m 1 ，故A 错误； C 、根据v =ωr 知它们线速度与半径成正比，即与质量成反比，即v 1v 2 =m 2 m 1 ，故C 错误； D 、两小球的动能之比为 E k1E k2 = 1 2m 1v 121 2m 2v 2 2= m 2m 1 ，故D 正确。 故选：BD 。 两球做圆周运动，角速度相等，靠细线的弹力提供向心力，根据向心力的关系结合牛顿第二定律求出轨道半径之比，根据a =ω2r 知加速度之比；根据v =ωr 知它们线速度之比和动能之比。 解决本题的关键是知道两球的角速度相等，靠弹力提供向心力，向心力相等。 12.答案：解：(1)汽车刹车时所受的阻力即为合外力，根据牛顿第二定律得：F 阻=ma 得：a = F 阻m =1.4×104 2.0×103m/s 2=7m/s 2 (2)刹车后汽车做匀减速运动，由2ax =v 2得：v =√2ax 将a =7m/s 2，x =7.0m 代入可得：v =9.8m/s (3)紧急刹车前汽车的速度大小为：v =9.8m/s =53.38km/?>30m/s ，所以汽车已经超速。 答：(1)刹车过程中汽车的加速度大小是7m/s 2； (2)紧急刹车前汽车的速度大小是9.8m/s ； (3)该车超速。 解析：(1)汽车刹车时受阻力而减速，阻力即为合外力，根据牛顿第二定律求出刹车时汽车的加速度大小； (2)根据速度?位移公式求出刹车前汽车运动的初速度； (3)根据(2)的结果与限速比较进行判断。 本题是牛顿第二定律和运动公式结合解决动力学问题，加速度是关键的量，是联系力与运动的桥梁。 13.答案：解：(1)小木块由C 到F ，根据动能定理有mgR =1 2mv F 2?1 2 mv C 2 ， 在C 点，根据牛顿第二定律有N =m v C 2R ， 联立可得N =30N ， 根据牛顿第三定律可知，小木块在C 点对轨道的压力大小N′=N =30N ； (2)小木块从B 到F 根据机械能守恒定律有v B =v F =√15m/s ， A 到B 的过程中，根据牛顿第二定律有a =μg =4m/s 2， 则根据运动学公式可知，小木块从A 到B 的运动时间t =v 0?v F a = √15 2 s 。 答：(1)小木块在C 点对轨道的压力大小为30N ； (2)小木块在长木板A 、B 之间的运动时间为√152 s 。 解析：(1)C到F，根据动能定理求解小木块在C点时的速度，在C点，根据牛顿第二定律求解小木块在C点对轨道的压力大小； (2)B到F根据机械能守恒定律分析小木块在B点的速度，再根据运动学公式分析小木块在长木板A、B之间的运动时间。 对于圆周运动，需要明确知道木块在相应位置的向心力的表达式，知道机械能守恒条件，熟记相关的公式。 14.答案：解：(1)物块从A点运动到C点的过程，由能量守恒定律得 Q=mg?=1×10×1J=10J 如图所示，A′为A在地面的投影，从A到C，由动能定理得 mg??μmgcosα?AB?μmg?BC=0 由几何关系知A′B=ABcosα，A′C=A′B+bc 综合可得μ=? A′C 又因为? A′C =tanβ，则μ=tanβ=3 4 =0.75 (2)物块正好能到达半圆形轨道的最高点E，由重力提供向心力，由牛顿第二定律得mg=m v E2 R 从P点到E点，由机械能守恒得 2mgR+1 2mv E2=1 2 mv P2 综合可得v P=√5gR=√5×10×0.5m/s=5m/s 在P点，对物块由牛顿第二定律得： F P?mg=m v P2 R 解得F P=60N (3)从D点到P点，由动能定理得 ?μmgL=1 2 mv P2? 1 2 mv D2 解得v D=7m/s 答：(1)物块由A运动到C系统产生的热量Q是10J，物块与接触面间的动摩擦因数μ是0.75； (2)刚进入圆弧轨道的P点时，物块受到的支持力大小F P是60N； (3)物块在D点时的速度大小v D是7m/s。 解析：(1)物块由A运动到C系统产生的热量Q等于物块重力势能的减少，根据能量守恒定律求解；根据动能定理列方程，可求出动摩擦因数μ； (2)物块正好能到达半圆形轨道的最高点E，由重力提供向心力，由此列式求出物块通过E点的速度。从P到E，根据机械能守恒定律求出物块经过P点的速度。刚进入圆弧轨道的P点时，根据牛顿第二定律求物块受到的支持力大小F p； (3)从D到P，根据动能定理求物块在D点时的速度大小v D。 根据题意分析清楚物体运动过程是解题的前提，关键要准确把握各个过程和状态的物理规律，要知道涉及力在空间的效果时，要考虑动能定理。要注意滑动摩擦力做功与水平位移有关。 15.答案：解：(1)设月球的质量为M，月表的重力加速度为g′，距月面R 4 高度处的重力加速度为g0， 对物体，由牛顿第二定律有： F ?mg 0=ma 由万有引力定律得：G Mm R 2 =mg′ GMm (R +R 4 ) 2 =mg 0 联立解得：M = 25R 2(F?ma) 16Gm ，g′= 25(F?ma)16m 。 (2)设探测器刚发射升空时，系统的加速度为a 0，对物体由牛顿第二定律F ?mg′=ma 0 代入g′= 25(F?ma)16m 解得：a 0= 25ma?9F 16m 答：(1)月球的质量为25R 2(F?ma) 16Gm ，月球表面的重力加速度大小为 25(F?ma)16m ； (2)探测器刚发射升空时，系统的加速度大小为 25ma?9F 16m 。 解析：(1)根据牛顿第二定律和万有引力与重力的关系列式求解M ； (2)探测器刚发射升空时，系统的加速度为a 0，对物体由牛顿第二定律F ?mg′=ma 0求解加速度。 本题考查万有引力定律与重力的关系，注意忽略的自转影响，二者相等。 16.答案：解：设上升和下降两个过程的运动时间分别为t 1、 t 2，下落的高度与上升的高度分别为?1、?2，加速度大小分别为a 1、a 2，空气阻力大小为f 。 (1)由匀变速直线运动的平均速度公式得： ?1=v 1 2 t 1 ?2= v 2 2t 2 可得：v 1=v 2??1?2 ?t 2 t 1 =4×53×3 5m/s =4m/s (2)由加速度定义式得： a 1=v 11 a 2= v 2t 2 可得：a 1a 2 =v 1v 2 ?t 2 t 1 =44×3 5 根据牛顿第二定律得： 下落过程 mg ?f =ma 1 上升过程 mg +f =ma 2 综合可得mg?f mg+f =3 5 解得f =0.25mg =0.25N a2=12.5m/s2 由速度?位移公式得：2a2?2=v22 解得?2=0.64m 答：(1)小球落地时的速度大小v1是4m/s； (2)小球受到空气的阻力大小是0.25N，反弹后上升的最大高度是0.64m。 解析：(1)小球上升过程做匀减速直线运动，下降过程做匀加速直线运动，根据位移等于平均速度与时间的乘积，结合两个过程位移大小之比，进行求解。 (2)根据加速度的定义求出两个过程加速度大小之比，再根据牛顿第二定律对两个过程分别列式，即可求出小球受到空气的阻力大小，最后根据速度?位移公式求反弹后上升的最大高度。 本题是牛顿第二定律和运动学公式的综合应用，关键要正确分析两个过程之间各个量之后关系，如加速度关系、位移关系和时间关系。第2小题也可以根据动能定理求解。 17.答案：解：(1)对小球在最高点受力分析，由合力提供向心力得： mg+F NA=m v02 R 解得轨道对小球的弹力为：F NA=mg 根据牛顿第三定律得小球对轨道的弹力大小为：F NA′=F NA=mg (2)由胡克定律，得弹簧弹力F1=mg 2 ，方向向上，小球恰好通过轨道最高点有：F NA=0 在最高点，对小球由向心力方程得：F=mg?F1=m v A2 R 解得：v A=√gR 2 (3)由题意可知，从最高点运动到最低点的过程中，小球和弹簧构成的系统机械能守恒，以最低点为零势能面，弹簧在A、B处形变量相同，有： E PA=E PB 对系统由机械能守恒定律得： 2mgR+1 mv A2+E PA=0+ 1 mv B2+E PB B处弹簧弹力大小为：F2=mg 2 ，方向向上， 由向心力公式得：F2+F NB?mg=m v B2 R 联立解得：F NB=5mg 答：(1)若小球初速度v0=√2gR，则最高点A处小球对轨道的弹力大小为mg。 (2)为使小球不脱离轨道，则在最高点速度至少为√gR 2 。 (3)在(2)问结果下，小球到达最低点B处时所受轨道弹力大小为5mg。 解析：(1)根据向心力方程求和牛顿第三定律求得最高点A处小球对轨道的弹力大小； (2)为使小球不脱离轨道，小球恰好通过轨道最高点时对轨道的弹力为零，根据向心力方程求得小球在最高点速度； (3)在(2)问结果下，小球和弹簧构成的系统机械能守恒，根据机械能守恒定律和向心力方程求得小球到达最低点B处时所受轨道弹力大小。 本题考查的是竖直面内圆周运动的临界状态，同时涉及胡克定律及牛顿第三定律与机械能守恒定律，综合性较强，需要同学们对每个运动过程要分析到位。 18.答案：解：(1)根据速度?位移关系可得：v2=2al 解得：a=8m/s2； (2)根据速度?时间关系可得：v=at 解得：t=7.5s； (3)根据牛顿第二定律可得： F?kmg=ma 解得：F=1.8×105N。 答：(1)舰载机匀加速起飞时的加速度大小为8m/s2； (2)舰载机匀加速起飞过程需要的时间为7.5s； (3)舰载机匀加速起飞时所受牵引力的大小为1.8×105N。 解析：(1)根据速度?位移关系求解加速度； (2)根据速度?时间关系求解时间； (3)根据牛顿第二定律求解牵引力的大小。 本题主要是考查牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。 L 19.答案：解：(1)当ab棒做匀速直线运动，由平衡条件得：mgsinθ=BIL=B BLv r =0.75m/s 解得：v=mgrsinθ B2L2 mv′2 (2)从ab棒开始运动到刚进入磁场过程中做加速运动，由机械能守恒定律得：mgssinθ=1 2 解得：v′=3m/s 此后，ab棒在在磁场中做减速运动，最终做匀速直线运动，所以ab棒刚进入磁场时切割磁感线的速度最大，回路电流最大， 据法拉第电磁感应定律得：E m=BLv′ 据闭合电路欧姆定律得：I m=E m r 联立解得：I m=3A (3)ab棒刚进入磁场时受到的安培力为：F′=BI m L=1.2N 重力沿斜面方向的分力：G1=mgsinθ=0.3N F′>G1，ab棒进入磁场后做减速运动， 受到的安培力减小，当安培力与重力的分力相等时做匀速运动，因此当ab棒刚进入磁场时加速度最大，由牛顿第二定律得：F′?G1=ma 解得：a=18m/s2，方向平行于斜面向上； 答：(1)ab棒最终在磁场中匀速运动时的速度为0.75m/s； (2)流过导线mn电流的最大值为3A； (3)ab棒运动过程中的最大加速度大小为18m/s2，方向沿导轨斜面向上。 解析：(1)ab棒做匀速直线运动，由平衡条件求出ab棒的速度。 (2)由机械能守恒定律求出ab棒进入磁场时的速度，根据法拉第电磁感应定律定律结合求出最大电流； (3)由安培力公式求出安培力，根据安培力与重力的分力关系判断ab棒的运动性质，然后应用牛顿第二定律求出其最大加速度。 本题是电磁感应与力学、运动学相结合的一道综合题，分析清楚ab的运动过程、应用安培力公式、平衡条件、牛顿第二定律即可正确解题。 20.答案：解：(1)小孩竖直方向合外力为0，小车竖直方向受重力、支持力F N及拉力的竖直分力F y；列出竖直方向力学方程为：F N+Fsin37°?mg=0 求得支持力为：F N=188N (2)小孩水平方向受摩擦力f和拉力的水平分力F x， 支持力F N由(1)求得，故摩擦力为：f=μF N=9.4N； 拉力的水平分力：F x=Fcosθ=16N； 则水平方向合外力为：F合x=F x?f=6.6N； 由牛二律得小车加速度a=F合x =0.33m/s2。 m (3)大人的拉力作用4s后撤去，小车先由静止做匀加速直线运动，撤去拉力，小车做匀加速直线运动直至静止。 ?at2=2.64m，拉力撤去瞬间小车速匀加速直线运动加速度由(2)得，则匀加速直线运动位移x1=1 2 度v1=at=1.32m/s； 拉力撤去后，拉力竖直方向分力也消失，此时地面支持力F N’=mg，故摩擦力f′=μF N′=10N，则=?0.5m/s2； 加速度a′=f′ m 物块最终静止，由公式0?v12=2a′x2求得，x2=1.74m； 故小车总位移X=x1+x2=4.38m 答：(1)小孩与冰车受到的支持力F N的大小为9.4； (2)小孩与冰车的加速度a的大小为0.33m/s2； (3)冰车的总位移X的大小为4.38m 解析：(1)对小车进行受力分析，小车竖直方向合力为0，列力学方程求支持力 (2)分析小车水平方向受力，根据牛二律求出加速度 (3)分析小车运动过程，先匀加速后匀减速，用运动学公式求出小车位移 此题考查受力分析、牛二律与运动学。解题时容易忽略支持力的变化引起的摩擦力的变化。 高一物理试题 （考试时间：90分钟 总分：100分） 一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分。） 1．下列图1的四个图中，各运动物体不能．． 看作质点的是（） A ．研究投出的篮球运动路径 B ．研究书本在桌面上移动L 的距离所需的时 间 C ．研究地球绕太阳公转 D ．研究子弹头射过扑克牌 2．两辆汽车在平直公路上行驶，甲车内一个人看乙车没有动，而乙车内的一个人看见路旁的树木向西运动，如果以大地为参照物，上述观察说明（） A . 甲车不动，乙车向东运动 B . 乙车不动，甲车向东运动 C . 甲车向西，乙车向东运动 D . 甲、乙两车以相同的速度向东运动 3．以下计时数据指的是时间的是（） A ．中央电视台新闻联播节目每天19时开播 B ．20XX 年10月24日18时5分5秒“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心发射升空 C ．足球比赛上下半场各45分钟 D ．在某场足球赛中，甲队于开赛9分26秒时攻入一球 4．上体育课时，某同学沿着半径为R 的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（） A ．路程和位移的大小均为3.5πR B ．路程和位移的大小均为2R C ．路程为3.5πR 、位移的大小为2R D ．路程为0.5πR 、位移的大小为2R 5．某质点的位移随时间变化的关系式是：s = 4t —2t 2，s 和t 的单位分别是m 和s ，则质点的 A ．4m/s 和2m/s 2 B ．4m/s 和—4m/s 2 A B C D 图1 C．4m/s 和4m/s2 D．4m/s 和0 6．足球以8m/s的速度飞来，运动员把足球以12m/s的速度反向踢出，踢球时间为0.2s，设足球飞来的方向为正方向，则这段时间内足球的加速度是（） A．- 200m/s2B．200m/ s2C．- 100m/ s2 D ．100m/ s2 7.如图2所示，表示物体做匀变速直线运动的图象是（） 8．关于速度、速度改变量、加速度，正确的说法是（） A．物体运动的速度改变量越大，它的加速度一定越大 B．速度很大的物体，其加速度可以很小，可以为零 C．某时刻物体速度为零，其加速度也为零 D．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大 9．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动,刹车后的加速度大小为5m/s2,那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移之比为( ) A．1:1 B．3:1 C．3:4 D．4:3 10．一个物体从静止出发以加速度a做匀加速直线运动.经过时间t后,改作以t时刻末的速度做匀速直线运动,则在2t时间内的平均速度是( ) A.3 4 at B. 4 3 at C.3at D. 1 2 at 二、不定项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题至少有一个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。） 图2 高中物理学习材料 （马鸣风萧萧**整理制作） 2011级高一物理单元测试题 选择题涂在答题卡上（注意三涂、两写） 一．选择题（共60分。每小题至少有一个选项正确，每题5分，选不全得3分，不选或多选得0分） 1．下列物理量中属于矢量的是( ) A．速率B．速度C．路程D．加速度 2．敦煌曲子词中有这样的诗句“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行”。其中“看山恰似走来迎”和“是船行”所选择的参考系分别是( ) A．船和山 B．山和船 C．地面和山 D．河岸和流水 3.关于质点，下列说法不．正确 ．．的是（） A.物体能否看作质点，不能由体积的大小判断 B.物体能否看作质点，不能由质量的大小判断 C.物体能否看作质点，不能由物体是否做直线运动判断 D.研究地球自转时，可以把地球视为质点 4.关于瞬时速度、平均速度、平均速率下列说法正确的是（） A.瞬时速度是物体在某一个位置或某一时刻的速度 B.平均速度等于某段时间内物体运动的位移与所用时间的比值 C.平均速率就是平均速度 D.平均速度的大小一定等于平均速率 5．足球守门员在发门球时，将一个静止的足球以10 m/s的速度踢出，若守门员踢球的时间为0.1s，则足球的加速度为（） A、100m/s2 B、10m/s2 C、1m/s2 D、50m/s2 6、 2008年北京奥运会上美国游泳名将菲尔普斯一举拿下了8枚金牌并刷新了7项世界纪录，成为奥运会历史上最伟大的运动员。“水立方”的泳池长50m，在100米蝶泳中，测得菲尔普斯游完全程的时间为 50.58s，则他所通过的位移和路程（将运动员看成质点）分别是（） 新课标高一物理同步测试（1） 运动的描述 一、选择题(每小题4分，共40分) 1．某校高一的新同学分别乘两辆汽车去市公园游玩。两辆汽车在平直公路上运动，甲车内一同学看见乙车没有运动，而乙车内一同学看见路旁的树木向西移动。如果以地面为参考系，那么，上述观察说明 （） A．甲车不动，乙车向东运动B．乙车不动，甲车向东运动 C．甲车向西运动，乙车向东运动D．甲、乙两车以相同的速度都向东运动 2．下列关于质点的说法中，正确的是（）A．质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大意义 B．只有体积很小的物体才能看作质点 C．凡轻小的物体，皆可看作质点 D．如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时，即可把物体看作质点 3．某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了圈时，他的（）A．路程和位移的大小均为πR B．路程和位移的大小均为2R C．路程为πR、位移的大小为2R D．路程为πR、位移的大小为2R 4．甲、乙两小分队进行军事演习，指挥部通过现代通信设备，在屏幕上观察到两小分队的具体行军路线如图所示，两小分队同时同地由O点出发，最后同时到达A点，下列说法中正确的是 （） A．小分队行军路程s甲＞s乙 B．小分队平均速度v甲＞v乙 C．y-x图象表示的是速率v-t图象 D．y-x图象表示的是位移s-t图象 5．某中学正在举行班级对抗赛，张明明同学是短跑运动员，在百米竞赛中，测得他在5 s末的速度为10.4 m/s， 10 s末到达终点的速度为10.2 m/s，则他在全程中的平均速度为（） A．10.4 m/s B．10.3 m/s C．10.2 m/s D．10m/s 6．下面的几个速度中表示平均速度的是（）A．子弹射出枪口的速度是800 m/s，以 790 m/s的速度击中目标 B．汽车从甲站行驶到乙站的速度是40 km/h C．汽车通过站牌时的速度是72 km/h D．小球第3 s末的速度是6 m/s． 7．如图所示为甲、乙两质点的v-t图象。对于甲、乙两质点的运动，下列说法中正确的是（） 高中物理必修一测试题 一、单项选择题 1．一本书静止在水平桌面上。桌面对书的支持力的反作用力是( ) A ．书对桌面的压力 B ．书对地球的吸引力 C ．地球对书的吸引力 D ．地面对桌子的支持力 2．木块沿斜面匀速下滑，正确的是( ) A ．木块受重力与斜面对它的支持力 B ．木块受重力、斜面对它的支持力和摩擦力 C ．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力和下滑力 D ．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力、下滑力和压力 3．关于重心，下列说法正确的是( ) A ．物体的重心一定在物体上 B ．物体的质量全部集中在重心上 C ．物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关 D ．物体的重心跟物体的质量分布没有关系 4．一根轻质弹簧，竖直悬挂，原长为10 cm 。当弹簧下端挂2.0 N 的重物时，伸长1.0 cm ；则当弹簧下端挂8.0 N 的重物时，弹簧长( ) A ．4.0 cm B ．14.0 cm C ．8.0 cm D ．18.0 cm 5．如图所示，质量为1kg 的物块靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数μ＝0.3，垂直于墙壁作用在物块表面的推力F = 50 N ，现物块处于静止状态。若g 取10 m/s 2 ，则物块所受摩擦力的大小为( ) A ．10 N B ．50 N C ．15 N D ．3.0 N 6．如图所示，一质量为m 的物体沿倾角为θ的斜面匀速下滑。下列说法正确的是( ) A ．物体所受合力的方向沿斜面向下 B ．斜面对物体的支持力等于物体的重力 C ．物体下滑速度越大说明物体所受摩擦力越小 D ．斜面对物体的支持力和摩擦力的合力的方向竖直向上 7．三段不可伸长的细绳OA 、OB 、OC 能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB 是水平的，A 端、B 端固定。若逐渐增加C 端所挂物体的质量，则最先断的绳是( ) A ．可能是O B ，也可能是OC B ．OB 高一物理第三章《相互作用》单元测试题 本试卷共分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。满分100分。考试时间60分钟。 第Ⅰ卷（选择题共40分） 一、本大题共10小题。每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。 1．从科学方法角度来说，物理学中引入“合力”概念运用了 A．控制变量方法 B．等效替代方法 C．理想实验方法 D．建立模型方法 2．关于力的下述说法中正确的是 A．力是物体对物体的作用 B．只有直接接触的物体间才有力的作用 C．力可以离开物体而独立存在 D．力的大小可以用天平测量 3．静止在水平桌面上的书，会受到弹力的作用，该弹力产生的直接原因是 A．书发生了形变 B．桌面发生了形变 C．书和桌面都发生了形变 D．书受到了重力作用 4.下列关于滑动摩擦力的产生的说法中，正确的是 A．相互接触且发生相对运动的物体间一定能产生滑动摩擦力 B．只有运动的物体才可能受到滑动摩擦力 C．受弹力作用的物体一定会受到滑动摩擦力 D．受滑动摩擦力作用的物体一定会受到弹力作用 5.在水平桌面上放着一小球，小球保持静止状态，在下列说法中正确的是 A．桌面对小球的支持力垂直于桌面和桌面的形变方向相反 B．小球对桌面的压力大小等于小球的重力大小，所以压力就是重力 C．小球对桌面的压力施力物体是小球，小球的重力的施力物体是地球 D．水平桌面发生了微小弹性形变，小球没有发生弹性形变 F 1 F 2 图1 F 图3 6．沿光滑斜面自由下滑的物体，其受到的力有 A .重力、斜面的支持力 B .重力、下滑力和斜面的支持力 C .重力、下滑力 D .重力、下滑力、斜面的支持力和紧压斜面的力 7．如图1所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向上共受到三个力即F 1、F 2和摩擦力作用，木块处于静止状态，其中F 1=10N ，F 2=2N 。若撤去力F 1，则木块在水平方向受到的合力为 A ．10N ，方向向左 B ．8N ，方向向右 C ．2N ，方向向左 D ．0 8．重为500 N 的木箱放在水平地面上，木箱与地面间最大静摩擦力为105 N ，动摩擦因数是0．2，如果分别用80 N 和120 N 的水平力推木箱，经过一·段时间后，木箱受到的摩擦力分别是 A ．80 N 120 N B ．80 N 100 N C ．0 N 100 N D ．80 N 105 N 9．如图2所示，细绳MO 与NO 所能承受的最大拉力相同，长度MO ＞NO ，则在不断增加重物G 重力的过程中（绳OC 不会断） A ．NO 绳先被拉断 B ．MO 绳先被拉断 C ．NO 绳和MO 绳同时被拉断 D ．因无具体数据，故无法判断哪条绳先被拉断 10．如图3所示，用水平力F 把一铁块紧压在竖直墙壁上静止不动，当F 增大时 A ．墙对铁块的弹力增大 B ．墙对铁块的摩擦力增大 C ．墙对铁块的摩擦力不变 D ．墙与铁块间的摩擦力减小 第Ⅱ卷(非选择题 共60分) 二、本题共3小题，共27分．把答案填在答题纸的横线上或按题目要求作答。 N O M C G 图2 高一物理必修一期末测试题(含答案) A 类题《满分60分，时间40分钟，g 均取10m/s 2》姓名 座号 一、选择题（每小题2分，共20分，各小题的四个选项中只有一个选项是最符合题意的） 1．下列叙述中正确的是（ ） A.我们所学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量 B.物体从静止开始的下落运动叫自由落体运动 C.通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力 D.任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内 2．如上图所示，地面上有一个物体重为30N ，物体由于摩擦向右做减速运动，若物体与地面间 的动摩擦因素为0.1，则物体在运动中加速度的大小为（ ） A.0.1m /s 2 B.1m /s 2 C.3m /s 2 D.10m /s 2 3．下列关于惯性的说法正确的是（ ） A.速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大，惯性越大 B.静止的物体惯性最大 C.不受外力作用的物体才有惯性 D.行驶车辆突然转弯时，乘客向外倾倒是由于惯性造成的 4．某同学为了测出井口到井里水面的深度，让一个小石块从井口落下，经过2s 后听到石块落到 水面的声音，则井口到水面的深度大约为（不考虑声音传播所用的时间）（ ） A.10m B.20m C.30m D.40m 5．作用在同一物体上的三个共点力，大小分别为6N 、3N 和8N ，其合力最小值为（ ） A.1N B.3N C.13N D.0 6．如图所示，物体静止于水平桌面上，则（ ） Ａ.桌面对物体的支持力的大小等于物体的重力，这两个力是一对平衡力 Ｂ.物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力 Ｃ.物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同一种力 Ｄ.物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对平衡的力 7．力F 1单独作用于一物体时，使物体产生的加速度大小为a 1＝2m/s 2，力F 2单独作用于同一物 体时，使物体产生的加速度大小为a 2＝4m/s 2。当F 1和F 2共同作用于该物体时，物体具有的加速度大小不可能．．．是（ ） A ．2m/s 2 B ．4m/s 2 C ．6m/s 2 D ．8m/s 2 8．如图所示，在倾角为θ的斜面上，放一质量为m 的光滑小球，小球被竖直挡板挡住，则球对 挡板的压力为（ ） A.mgco s θ B. mgtan θ C. mg/cos θ D. mg 9．如图所示，质量为50kg 的某同学站在升降机中的磅秤上，某一时刻该同学发现磅秤的示数为 40kg ，则在该时刻升降机可能是以下列哪种方式运动？（ ） A.匀速上升 B.加速上升 C.减速上升 D.减速下降 10．如图所示为初速度v 0沿直线运动的物体的速度图象，其末速度为v ，在时间t 内，物体的平 均速度- v 和加速度a 是( ) A.20v v v +>-，a 随t 减小 B.20v v v +=-，a 恒定 C.2 v v v +<-，a 随t 减小D.无法确定 二、计算题（共40分） 11．（10分）如图所示，质量为m =10kg 的物体，在F =60N 水平向右的拉力作用下，由静止开始 v t v v 0 t v 人教版高中物理必修一测试题含答案 集团文件版本号：（M928-T898-M248-WU2669-I2896-DQ586-M1988） 1．下列几个速度中，指瞬时速度的是( ) A．上海磁悬浮列车行驶过程中的速度为400 km/h B．乒乓球运动员陈玘扣出的乒乓球速度达23 m/s C．子弹在枪膛内的速度为400 m/s D．飞机起飞时的速度为300 m/s 2．在公路上常有交通管理部门设置的如图2－3－8所示的限速标志，这是告诫驾驶员在这一路段驾驶车辆时( ) 图2－3－8 A．平均速度的大小不得超过这一规定数值 B．瞬时速度的大小不得超过这一规定数值 C．必须以这一规定速度行驶 D．汽车上的速度计指示值，有时还是可以超过这一规定值的 3．短跑运动员在100 m比赛中，以8 m/s的速度迅速从起点冲出，到50 m处的速度是9 m/s,10 s末到达终点的速度是10.2 m/s，则运动员在全程中的平均速度是( ) 图2－3－9 A．9 m/s B．10.2 m/s C．10 m/s D．9.1 m/s 4．2012伦敦奥运会上，中国游泳名将孙杨以3分40秒14的成绩，夺得男子400米自由泳冠军，并打破奥运会记录，改写了中国男子泳坛无金的历史，高科技记录仪测得他冲刺终点的速度为 3.90 m/s，则他在400米运动过程中的平均速率约为( ) 图2－3－6 A．2.10 m/s B．3.90 m/s C．1.67 m/s D．1.82 m/s 5．(2013·临高一中高一检测)晓宇和小芳同学从网上找到几幅照片，根据照片所示情景请判断下列说法正确的是( ) 大炮水平发射炮弹轿车紧急刹车 高速行驶的磁悬浮列车13秒15！刘翔出人 物理必修一第四章测试题 一：选择题： 1.为了研究加速度跟力和质量的关系，应该采用的研究实验方法是（） A．控制变量法B．假设法C．理想实验法D．图象法 2.下面说法正确的是 A．物体的质量不变，a正比于F，对F、a的单位不限 B．对于相同的合外力，a反比于m，对m、a的单位不限 C．在公式F=ma中，F、m、a三个量可以取不同单位制中的单位 D．在公式F=ma中，当m和a分别用千克、米每二次方秒做单位时，F 必须用牛顿做单位 3.如图所示，质量均为m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A球紧靠竖直墙壁，今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这瞬间（） ①B球的速度为零，加速度为零 F ②B球的速度为零，加速度大小为m ③在弹簧第一次恢复原长之后，A才离开墙壁 ④在A离开墙壁后，A、B两球均向右做匀速运动以上说法正确的是 A．只有①B．②③C．①④D．②③④ 4.在光滑的水平面上访一质量为m的物体A用轻绳通过定滑轮与质量为m的物体B相联接，如图所示，物体A的加速度为a1，先撤去物体B，对物体A施加一个与物体B重力相等的拉力F，如图所示，，物体A的加速度为a2.则下列选项正确的是（） A.a1=2 a2 B. a1= a2 C. a2=2 a1 D.以上答案都不对。 5.对物体的惯性有这样一些理解，你觉得哪些是正确的？（） A 汽车快速行驶时惯性大，因而刹车时费力，惯性与物体的速度大小有关 B 在月球上举重比在地球上容易，所以同一物体在地球上惯性比在月球上大 C 加速运动时，物体有向后的惯性；减速运动时，物体有向前的惯性 D 不论在什么地方，不论物体原有运动状态如何，物体的惯性是客观存在的，惯性的大小与物体高一物理必修一测试题(含答案)
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