建立空间直角坐标系的几种方
法
坐标法是利用空间向量的坐标运算解答立体几何问题的重要方法,运用坐标法解题往往需要建立空间直角坐标系.依据空间几何图形的结构特征,充分利用图形中的垂直关系或构造垂直关系来建立空间直角坐标系,是运用坐标法解题的关键.下面举例说明几种常见的空间直角坐标系的构建策略.
一、利用共顶点的互相垂直的三条棱构建直角坐标系
例1 已知直四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1中,AA 1=2,底面ABCD 是直角梯形,∠A 为直角,AB ∥CD ,AB =4,AD =2,DC =1,求异面直线BC 1与DC 所成角的余弦值.
解析:如图1,以D 为坐标原点,分别以DA 、DC 、DD 1所在直线为x 、y 、z 轴建立空间直角坐标系,则C 1(0,1,2)、B (2,4,0),
∴1
(232)BC =--u u u u r ,,,(010)CD =-u u u r ,,.
设
1BC u u u u r 与CD
uuu r 所成的角为θ, 则11317cos BC CD BC CD θ==u u u u r u u u r g u u u u r u u u r .
二、利用线面垂直关系构建直角坐标系 例2 如图2,在三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,AB ⊥侧面BB 1C 1C ,E 为棱CC 1上异于C 、C 1的一点,EA ⊥EB 1.已知2AB =,BB 1=2,BC =1,∠BCC 1=3
π.求二面角A -EB 1-A 1的平面角的正切值.
解析:如图2,以B 为原点,分别以BB 1、BA 所在直线为y 轴、z 轴,过B 点垂直于平面AB 1的直线为x 轴建立空间直角坐标系. 由于BC =1,BB 1=2,AB =2,∠BCC 1=3
π, ∴在三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,有B (0,0,0)、A (0,0,2)、B 1(0,2,0)、3102c ??- ? ???,,、13302C ?? ? ???
,,. 设30E a ?? ? ???,,且1322
a -<<, 由EA ⊥EB 1,得10EA EB =u u u r u u u r g ,
即33220a a ????---- ? ? ? ????
g ,,,, 233(2)2044a a a a =+-=-+=,∴13022a a ????--= ? ?????g ,
即12a =或32a =(舍去).故3102E ?? ? ??
?,,. 由已知有1EA EB ⊥u u u r u u u r ,111B A EB ⊥u u u u r u u u r ,故二面角A -EB 1
-A 1的平面角θ的大小为向量11B A u u u u r 与EA u u u r 的夹角.
因11(002)B A BA ==u u u u r u u u r ,,,3122EA ??=-- ? ??u u u r ,, 故11112cos 3EA B A EA B A θ==u u u r u u u u r g u u u r u u u u r ,即2tan 2θ=
三、利用面面垂直关系构建直角坐标系
例3 如图3,在四棱锥V -ABCD 中,底面ABCD 是正方形,侧面VAD 是正三角形,平面VAD ⊥底面ABCD .
(1)证明AB ⊥平面VAD ;
(2)求面VAD 与面VDB 所成的二面角的余弦值.
解析:(1)取AD 的中点O 为原点,建立如图3所示的空间直角坐标系.
设AD =2,则A (1,0,0)、D (-1,
0,0)、B (1,2,0)、
V
,∴AB u u u r =(0,2,0),VA u u r =
(1
.
由(020)(100AB VA ==u u u r u u r g g ,
,,,,得 AB ⊥VA .
又AB ⊥AD ,从而AB 与平面VAD 内两条相交直线VA 、AD 都垂直,∴ AB ⊥平面VAD ;
(2)设E 为DV 的中点,则1022E ?- ??
,,
∴
3022EA ??=- ? ???u u u r ,,
,3222EB ??=- ? ???u u u r ,,
,(10DV =u u u r .
∴32(1002EB DV ?== ??u u u r u u u r g g ,,,
∴EB ⊥DV .
又EA ⊥DV ,因此∠AEB 是所求二面角的平面角.
∴cos 7EA EB EA EB EA EB
==u u u r u u u r u u u r u u u r g u u u r u u u r ,.
.
四、利用正棱锥的中心与高所在直线构建直角坐标系
例4 已知正四棱锥V -ABCD 中,E 为
VC 中点,正四棱锥底面边长为2a ,高为h .
(1)求∠DEB 的余弦值;
(2)若BE ⊥VC ,求∠DEB 的余弦值. 解析:(1)如图4,以V 在平面AC 的射影O 为坐标原点建立空间直角坐标系,其中O x ∥BC ,O y ∥AB ,则由AB =2a ,OV =h ,有B (a ,a ,0)、C (-a ,a ,0)、D (-a ,-a ,
0)、V (0,0,h )、222a a h E ??- ???,, ∴3222a h BE a ??=-- ???u u u r ,,,3222a h DE a ??= ???u u u r ,,. ∴
22226cos 10BE DE a h BE DE a h BE DE -+==+u u u r u u u r u u u r u u u r g u u u r u u u r ,, 即22
226cos 10a h DEB a h -+=+∠;
(2)因为E 是VC 的中点,又BE ⊥VC ,
所以0BE VC =u u u r u u u r g ,即3
()0222a h a a a h ??----= ???
g ,,,,, ∴
22230222a h a --=,∴2h a =. 这时222261cos 103a h BE DE a h -+==-+u u u r u u u r ,,即1cos 3
DEB =-∠. 引入空间向量坐标运算,使解立体几何问题避免了传统方法进行繁琐的空间分析,只需
建立空间直角坐标系进行向量运算,而如何建立恰当的坐标系,成为用向量解题的关键步骤之一.下面以高考考题为例,剖析建立空间直角坐标系的三条途径.
五、利用图形中的对称关系建立坐标系
图形中虽没有明显交于一点的三条直线,但有一定对称关系(如正三棱柱、正四棱柱等),利用自身对称性可建立空间直角坐标系.
例5已知两个正四棱锥P-ABCD与
Q-ABCD的高都为2,AB=4.(1)证明:PQ⊥平面ABCD;(2)求异面直线AQ与PB所成的角;
(3)求点P到平面QAD的距离.
简解:(1)略;
(2)由题设知,ABCD是正方形,且AC⊥BD.由(1),PQ⊥平面ABCD,故可分别以直线
,,为x,y,z轴建立空间直角坐标系(如CA DB QP
图1),易
得
(2)(02)AQ PB =--=-u u u r u u u r ,,,
1cos 3AQ PB AQ PB AQ PB <>==u u u r u u u r u u u r u u u r g u u u r u u u r ,. 所求异面直线所成的角是1arccos 3
. (3)由(2)知,
点(0((004)
D AD PQ -=--=-u u u r u u u r ,,,. 设n =(x ,y ,z )是平面QAD 的一个法向量,
则00AQ AD ?=??=??u u u r g u u u r g ,,n n
得00z x y +=+=??,,取x =1
,得(11-,,n =.点P 到平面QAD
的距离PQ d ==u u u r g n
n
点评:利用图形所具备的对称性,建立空间直角坐标系后,相关点与向量的坐标应容易得出.第(3)问也可用“等体积法”求距离.