图 象
1
1
1
性 质
(1) 定义域: R
(2)值域:(0,+∞)
(3)过点( 0,1),即 x=0 时,y=1 (4)在 R 上是增函(4)在 R 上是减函
指数函数是高中数学中的一个基本初等函数, 有关指数函数的图象
与性质的 题目类型较多, 同时也是学习后续数学内容的基础和高考考查的重点, 本文对此 部分题目类型作了初步总结,与大家共同探讨.
1.比较大小
例 1 已知函数 f (x) x 2 bx c 满足 f (1 x) f (1 x),且 f(0) 3 ,则 f(b x
)与
函数 y a x
(a 0且a 1)叫做指数函数,其中 x 是自变量,函数定义域是 R
我 们 观 察 y= 2x , y= 2 , y=10x
, y= 10 图 象 特 征 , 就 可 以 得 到
f(c ) 的大小关系是.
分析:先求b,c的值再比较大小,要注意b x,c x的取值是否在同一单调区间内.
解:∵ f (1 x) f (1 x) ,
∴函数 f (x) 的对称轴是x 1 .
故b 2,又f(0) 3,∴ c 3.
∴函数f(x)在∞,1 上递减,在1,∞ 上递增.
若x≥0,则3x≥2x≥1,∴ f(3x)≥f(2x);
若x 0,则3x 2x 1,∴ f(3x) f(2x).
综上可得f(3x)≥ f(2x),即f(c x)≥ f(b x).评注:①比较大小的常用方法有:作差法、作商法、利用函数的单调性或中间量等.②对于含有参数的大小比较问题,有时需要对参数进行讨论.2.求解有关指数不等式
例 2 已知(a2 2a 5)3x (a2 2a 5)1 x,则x 的取值范围是_____ .分析:利用指数函数的单调性求解,注意底数的取值范围.
解:∵ a2 2a 5 (a 1)2 4≥ 4 1 ,
∴函数y (a2 2a 5)x在( ∞,∞) 上是增函数,
∴3x 1 x,解得x 1.∴x的取值范围是1,∞ .
44 评注:利用指数函数的单调性解不等式,需将不等式两边都凑成底数相同的指数式,并判断底数与 1 的大小,对于含有参数的要注意对参数进行讨论.3.求定义域及值域问题
例 3 求函数y 1 6x 2的定义域和值域.
解:由题意可得 1 6x 2≥0,即6x 2≤1,
∴x 2≤0,故x≤2.∴函数 f (x)的定义域是∞,2 .
令t 6x 2,则y 1 t ,
又∵ x≤2 ,∴ x 2≤ 0.∴ 0 6x 2≤1,即0 t≤1.
∴ 0 ≤ 1 t 1 ,即0 ≤ y 1 .
∴函数的值域是0,1 .评注:利用指数函数的单调性求值域时,
要注意定义域对它的影响. 4.最值问题
例 4 函数 y a 2x 2a x 1(a 0且a 1)在区间 [ 1,1] 上有最大值 14,则
a 的值 是 .
分析:令 t a x 可将问题转化成二次函数的最值问题,需注意换元后 t 的取值 范围.
解:令 t a x
,则 t 0,函数 y a 2x 2a x 1可化为 y (t 1)2
2 ,其对称轴
为 t 1 .
∴当
a
1 时,∵
x 1,
1 ,
∴1
≤ a x ≤ a ,
即 1
≤t ≤ a . a
a
∴当t a 时, y max
2
(a 1)2
2
14 . 解得a 3 或a 5 (舍去) 当 0 a 1 时,∵ x 1,1 ,
∴a ≤ a x
≤ 1,即 a ≤ t ≤ 1, aa
1 1
2
∴ t 时, y max 1 2 14 ,
aa
解得a 1或a 1 (舍去),∴ a 的值是 3或1.
3 5 3 评注:利用指数函数的单调性求最值时注意一些方法的
运用, 比如:换元法, 整体代入等. 5.解指数方程 例 5 解方程 3x 2 32 x
80 .
解:原方程可化为 9 (3x )2 80 3x 9 0 ,令 t 3x
(t 0),上述方程可化为
9t 2 80t 9 0,解得 t 9或t 1 (舍去),∴ 3x 9,∴ x 2 ,经检验原方程
的 9
解是 x 2 . 评注:解指数方程通常是通过换元转化成二次方程求解,要
注意验根. 6.图象变换及应用问题
例 6 为了得到函数 y 9 3x 5的图象,可以把函数 y 3x 的图象( ).
A .向左平移 9 个单位长度,再向上平移 5 个单位长度
B .向右平移 9个单位长度,再向下平移 5 个单位长度
C .向左平移 2 个单位长度,再向上平移 5 个单位长度
D .向右平移 2 个单位长度,再向下平移 5 个单位长度 分析:注
意先将函数 y 9 3x
5转化为t 3x 2
5 ,再利用图象的平移规律进 行判
断.
解:∵ y 9 3x
5 3x 2
5 ,∴把函数 y 3x
的图象向左平移 2 个单位长
度, 再向上平移 5 个单位长度,可得到函数 y 9 3x
5的图象,故选
( C ). 评注:用函数图象解决问题是中学数学的重要方法, 利用其直观性实现数形 结合解题,所以要熟悉基本函数的图象,并掌握图象的变化规律,比如:平移、 伸缩、对称等. 习题
1、比较下列各组数的大小:
1)若 ,比
较
与
2) 3) 4若 ,比较 与 ; 若 ,比较 与 ; 若 ,且 , 若 ,且 ,故
解:(1)由
,此时函数
比较 a 与 b ; ,比较 a 与 b . 为减函数. 由 ,
.又 ,故 (3)由 ,因 ,故 .又
而.
2)由 ,故
.从而 ,故
.从
(4)应有 .因若 ,则
.又
.又因 ,故 .从而 , (5)应有 .因若
,则
.又
,故 这与已知
,故
这样 矛,这样有
.又因 ,且 ,故 .从而 ,这与已知
矛盾.
小结:比较通常借助相应函数的单调性、奇偶性、图象来求解.
2,曲线分别是指数函数, 和的图象, 则与1 的大小关系是( ).
(
分析:首先可以根据指数函数单调性, 确
定
, 在轴右侧令, 由
小到大依次为, 故应选.
小结: 这种类型题目是比较典型的数形结合的题目由数到形的转化,第(2) 题则是由图到数的翻译,它的主要目的是提
高学生识图,用图的意识. 求最值
3,求下列函数的定义域与值域
1
(1)y =2 x 3; (2)y =4x+2x+1+1.
5、设 ,求函数 的最大值和最小值.
分析:注意到 ,设
,利用闭区间上二次函数的值域的求法,可求得函数的最值. 解:
设 ,由 知, ,函数成为 , ,对称轴
,因端点 较 距对称
.
6.(9 分)已知函数 y a 2x 2a x
1(a 1) 在区间[-1,1]上的最大值
是 14,求 a 的值.
1
.解: y a 2x 2a x 1(a 1), 换元为 y t 2
2t 1( t a ) ,对称轴为 t 1. a 当a 1,t a ,即 x=1 时取最大值,略 解得 a=3 (a= -5舍去 )
7.已知函数 ( 且
(1)求 的最小值; (2)若 求 的取值范围.
.解:( 1) 时, 有最小值为
( 2) ,解得
当 时, ; 当 时, .
2
8(10分)(1)已知 f (x ) x 2
m 是奇函数,求常数 m 的值;
3x
1
2)画出函数 y |3x
1|的图象,并利用图象回答: k 为何值时,方
程 |3X
k 无
解?有一解?有两解?
,则原来的函数成为
,故函数最小值为
轴 远,故函数的最大值为
)
解: (1)常数 m=1
(2)当k<0时,直线y=k 与函数 y |3x
1|的图象无交点 ,即方程无解;
当k=0或k 1时, 直线y=k 与函数 y |3 1| 的图象有唯一的交点,所以
方程 有一解;
当 09.若函数 是奇函数,求 的值. .解: 为奇函数, ,
即,
则,
10. 已知 9x -10.3x +9≤0,求函数 y=( 1 )x-1-4·( 1 )x
+2 的最大值和最小值 42 解:由已知得( 3x ) 2-10·3x +9≤0 得(3x -9)( 3x -1)≤0 ∴1≤3x
≤9 故 0≤ x ≤ 2
而 y=( 1 )x-1-4·( 1 )x +2= 4·( 1 )2x -4·( 1 )x
+2
4 2 2 2
1x 1 令 t=( 1 ) x ( 1
t 1) 24
2 1 2 则 y=f (t ) =4t 2-4t+2=4( t- )2
+1
2 1 当 t=1
即 x=1 时, y min =1 2
当 t=1 即 x=0 时, y max =2
11.已知 ,求函数 的值域.
解:由 得 ,即 ,解之得 , 于是 ,即 ,故所求函数的值域为
x 2
2x 2
12. (9 分) 求函数 y 2
的定义域,值域和单调区间 定义域为 R 值域( 0,8〕。(3)在(-∞, 1〕上是增函数 在〔 1,+∞)上是减函数。
13
求函数 y =
的单调区
分析 这是复合函数求单调区间的问题
∴u =x 2-3x+2 的减区间就是原函数的增区间 (即减减→增 ) u =x 2
-3x+2 的增区间就是原函数的减区间
( 即减、增→减 )
u
解:设 y = 1
,u = x 2-3x+2,y 关于 u 递减,
3 当 x ∈(- ∞, 3
)时,u 为减函数,
2
∴y 关于 x 为增函数;当x ∈[ 3
,+∞)时,u 为增函数, y 关于 x 为减函数.
2
14 ,已知函数 f(x) = a x 1
(a>0 且 a ≠1).
a x
1
(1) 求 f(x) 的定义域和值域; (2) 讨论 f(x) 的奇偶性; (3) 讨论 f(x) 的单调 性.
解:(1) 易得f(x) 的定义域为{ x |x ∈R }.
x 设 y =a x 1,解得 a x =- y 1 ①∵a x
>0当且仅当- y 1 >0时,方程①有解 . a x
1 y 1 y 1
y1
解- >0 得-1y1
∴f(x) 的值域为{y |-1
2
15、已知函数 f (x )=a - x ( a ∈ R ),
2x
1
( 1) 求证:对任何 a ∈R , f (x )为增函数. (2) 若 f (x )为奇函数时,求 a 的值。
可设 y = 12
3 ,u =x -3x+2 ,其中
=
3 为减函数
(2) ∵f(-x)
x
1a 1a
=-f(x) 且定义域为 R ,∴ f(x) 是奇函数 .
(3)f(x) x
(a x 1) 2 =1- 2
x = x
1°当 a>1时,∵ a x +1为增函数,且 a x
+1>0.
2
a x 2
1为减函
数,从而f(x) =1-
2
a
x
1
a
a x
1
1为增函数.2
°当0似地可得f(x) a a x 11为减函数.
1)证明:设 x 1< x 2 f (x 2)-f (x 1)=
2(2x x 12 2x1)x2
>0
(1 2x1
)(1 2x2
)
故对任何 a ∈R , f (x )为增函数. (2) x R ,又 f (x )为奇函数
f (0) 0 得到 a 1 0 。即 a 1
2
x
16、定义在 R 上的奇函数 f (x)有最小正周期为 2,且 x (0,1)时, f
(x)
4
2x 1
∴ f (x) x 2x
4
x 1
∴在( 0,1)上为减函数。
3)∵ f(x) 在(0,1)上为减函数。
21
∴ f (1) f (x) f(0) 即 f(x) (2,1)
52
同理 f(x) 在(- 1,0)时, f(x) ( 1, 2)
25
又 f ( 1) f (0) f (1) 0
∴当 ( 12
, 5
2) (52
,12
) 或 0时 f (x) 在[ -1,1]内有实数解。
1)求 f(x) 在[-1,1]上的解析式;(2)判断 f (x)在(0, 1) 上的单调性; 3)当 为何值时,方程 f (x)= 在 x [ 1,1] 上有实数解 .
解(1)∵x ∈R 上的奇函数
f (0) 0
又∵2 为最小正周期
f(1) f (2 1) f ( 1) f (1) 0
设 x ∈(- 1,0),则- x ∈( 0, 1),
2
x 2x
f( x)
4 x 1 4x 1
f (x)
2x
( 2 )4x
1设 f (x) 0
2x
x
0(
<
-1x ,01<)
x 2<1 x {-1,0,1} x 1 x 2 x x 2x 2 x 2 2x 1
f(x 1) f(x 2) (2 2 ) (2 2 ) (4x1 1)(4x2 1)
= 4x
1
x (2
x (10,1)2
x2
)(1 2
x1
x2
)
(4
x1
1)( 4 x2
1)
分析 本题主要考查指数函数的图像和性质、 函数奇偶性的函数图像, 以及 数形结合思想和分类讨论思想 .
解法 1:(分类讨论 ):
又 a>1,由指数函数图像易知,应选 B.
解法 2:因为 y =a |x |是偶函数,又 a>1,所以当 x ≥0 时,y =a x
是增函数; x <0时,y =a -x 是减函数 .
∴应选 B.
1
1
解:(1)∵x-3≠0,∴y =2x3
的定义域为{ x |x ∈R 且x ≠3}.又∵
1 ≠ x3
1 0,∴2x 3
≠1,
1
∴y =2x3
的值域为{ y |y>0且y ≠1}. (2)y =4x +2x+1+1 的定义域为 R. ∵ 2x >0, ∴y =4x +2x+1+1=(2x )2+2·2x
+1= x2 (2 x +1)2
>1.
∴y =4x +2x+1
+1 的值域为{ y | y>1} .
4,已知-1≤x ≤2, 求函数 f(x)=3+2 ·3x+1
-9 x
的最大值和最小值 解:
设 t=3x
,因为-1≤x ≤2,所以 1
t 9,且 f(x)=g(t)=-(t-3) 2+12,故当
t=3
即 x=1时, f(x) 取最大值 12,当 t=9 即 x=2时 f(x) 取最小值
-24
去绝对值,可得 y = (1a )x
(x
0), (x