广东省深圳市2019-2020学年中考物理一模考试卷含解析

广东省深圳市2019-2020学年中考物理一模考试卷

一、单选题（本大题共10小题，共30分）

1．早晨看见草叶上的露珠，露珠的形成原因与图中相同的是

A．坚固的冰B．飘渺的雾

C．晶莹的雾凇D．雪白的霜

B

【解析】

【详解】

A．夏天的早晨经常可以看到草叶上有露珠是空气中的水蒸气液化形成的小水珠．冰是液态的水凝固变成冰，故A不合题意；

B．雾是空气中的水蒸气液化形成的小水珠，故B符合题意；

C．雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，故C不合题意；

D．霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，故D不合题意．

2．下列实例与所利用的物质的属性相符的是

A．热水壶的手柄常用胶木制作，是因为胶木的导热性差

B．电线的内芯常用铝或铜制作，是因为铜或铝的导电性差

C．近视眼的镜片用凹透镜制作，是因为凹透镜对光线有会聚作用

D．飞机的机身材料用铝合金制作，是因为铝的密度较大

A

【解析】

【详解】

A、热水壶的手柄是用来防止人的手被烫到，之所以用胶木做，就是因为胶木的导热性差，如果手柄上的胶木掉了，由于金属的导热性非常好，手就会被烫到。故A正确；

B、电线是用来输电的，所以制作电线的材料导电性要好，而铜或铝的导电性能要比其它金属好，所以电线的内芯常用铝或铜制作。故B错误；

C、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，利用了凹透镜的发散的作用，用凹透镜矫正。故C错误；

D、制造飞机常用铝合金材料的密度较小，制造的飞机自身质量较小。故D错误。

3．小亮同学利用气球和圆柱形水杯做了一个小实验．在气球内灌入一定量的水封口制成水球(如图甲)．先

将水球放入冷水中，水球漂浮(如图乙)．把杯中冷水换成热水，再次把水球放入热水中，发现水球沉在杯底(如图丙)．下列分析正确的是( )

A ．水球在冷水中所受浮力小于热水中所受浮力

B ．水球在冷水中排开的水的重力等于水球的重力

C ．冷水的密度小于热水的密度

D ．在冷水和热水的同一深度处压强相等

B

【解析】

分析：从图入手，利用阿基米德原理和物体的浮沉条件可以判断出水球在冷水和热水中的浮力以及物重与排开的水的重力的关系；再根据浮沉条件判断出冷水的密度和热水的密度的关系，进而判断出在冷水和热水的同一深度处的压强大小；

解答：从图可以看出，水球放入冷水中，水球漂浮，所以=F G 球浮冷，在热水中，水球沉在杯底，说明F G <浮热球，由此推出水球在冷水中所受浮力大于热水中所受浮力，故A 错误；由于水球放入冷水中，水球漂浮，=F G 球浮冷，再根据阿基米德原理可知，水球在冷水中排开的水的重力等于水球的重力，故B 正确；水球放入冷水中，水球漂浮，说明ρρ<球冷， 在热水中，水球沉在杯底，说明ρρ>球热，由此可以推出冷水的密度大于热水的密度，故C 错误；因为冷水的密度大于热水的密度，所以在冷水和热水的同一深度处压强不相等，故D 错误；

故选B

【点睛】本题考查了浮沉条件的应用以及阿基米德原理来解答问题，从图入手是关键，难点是浮沉条件的灵活运用，是一道难题．

4．在一支平底试管内装入适量铁砂，然后先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯里，如图所示，下列说法正确的是（ ）

A ．试管在甲液体中受到的浮力较大

B．试管在乙液体里排开的液体质量较小

C．在甲液体中试管底部所受液体压力较大

D．装乙液体的烧杯底部所受压强较大

D

【解析】

【详解】

A．因为同一支装入适量的铁砂的平底试管在两液体中都漂浮，所以试管受到的浮力：F甲=F乙，故A错；B．试管在甲、乙两液体中受到的浮力相等，根据F浮=G排=m排g可知，试管排开的液体质量相等，故B 错；

C．物体受到的浮力等于物体上下表面受到液体的压力差，而上表面受到的压力为0，所以F浮=F下表面﹣F

=F下表面，因为受到的浮力相等，所以，下表面受到的压力相等，即：F甲=F乙，故C错．

上表面

D．试管在甲、乙两液体中受到的浮力相等，由图知，排开的液体体积V甲＞V乙，根据F浮=ρ液V排g可知，ρ甲＜ρ乙，两液面等高，根据p=ρ液gh可知，装乙液体的烧杯底部所受压强较大．故D正确；

故选D．

5．生活中“吸”的实质或原理不同，下列对“吸”的分析不正确

．．．的是

A．用吸管“吸走”饮料是利用了大气压的作用

B．用抽油烟机“吸走”油烟是利用了空气流速越大的位置压强越小的原理

C．壁虎脚掌底部的众多吸盘使其“吸”在墙壁上是因为大气压作用的结果

D．带吸盘的塑料挂钩能“吸住”墙壁不掉落是因为大气压作用的结果

C

【解析】

【详解】

A．我们能利用吸管把瓶中的饮料吸到嘴里，是利用大气压强，将饮料压入口中；故A正确；

B．抽油烟机是空气流速加快，油烟机内的空气压强减小，外界压强大，从而把油烟抽走，故B正确；

C. 壁虎脚掌底部的众多吸盘使其“吸”在墙壁上是因为分子引力作用的结果，故C不正确；

D．吸盘要固定在墙上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，故D正确．

6．下列现象可用光的反射原理解释的是

A．立竿见影

B．倒映在小河中的桥

C．水面“折”枝

D．日全食

B

【解析】

【详解】

A. 立竿见影中的影子是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；

B. 倒映在小河中的桥是平面镜成像现象，由光的反射形成，故B符合题意；

C. 水面“折”枝是由于光从水中斜射入空气中时发生折射而形成的，故C不符合题意；

D. 日全食是由于月球运动到太阳和地球之间，三者成一直线时，月球挡住了太阳射向地球的光线而形成的，即由光的直线传播形成，故D不符合题意。

7．如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，当开关S闭合后，灯L不发光，电压表指针有明显偏转．若电路中只有一处故障，对于此电路可能故障的判断，下列说法中不正确的是（）

A．灯L短路B．灯L断路

C．滑动变阻器R2断路D．定值电阻R1断路

B

【解析】

【详解】

若灯被短路，则电路是R1、R2串联的电路，此时，灯泡不亮，电压表有示数，测的是电源电压，所以A 是可能的；如果灯丝断路，则整个串联电路都没有电流，电压表也不会有示数，所以B是不可能的；若R1或R2断路，则电流可以从电源正极经开关至电压表、灯泡到电源负极，这一回路是有微弱电流的，电压表也有示数，所以这都是可能的．综上所述，B符合题意。

8．在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中，实验器材：电源（4.5V）、电流表（量程0-0.6A）、电压表（量程0-3V）、三个定值电阻（R1=5Ω，R2=10Ω，R3=20Ω），滑动变阻器R标有“30Ω 1A”字样．如图所示，当在a、b两点间接入定值电阻R1，闭合开关，移动滑片P，使电压表示数为2.5V，读出电流表的示数．断开开关，将R1换成R2后，接下来应该进行的操作是

A．闭合开关，直接读数电流表的示数

B．闭合开关，将滑片P向左移动，保持电压表示数2.5V不变

C．闭合开关，将滑片P向右移动，保持电压表示数2.5V不变

D．将滑片移动至阻值最大的位置后再闭合开关

D

【解析】

试题分析：探究通过导体中的电流与电阻之间关系时，需要控制电阻两端的电压不变，断开开关后，为保证电路的安全，应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大的位置再闭合开关．

考点：探究通过导体中的电流与电阻之间关系

9．如图是新安装的照明电路，已知两个灯泡并联，灯泡的灯头接线存在一处故障，小刚学电工的检修方法，在保险丝处接入一个“220V 40W”的灯泡，当只闭合S、S1时，L0和L1都呈暗红色；当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光，由此可以确定（）

A．L1灯头断路B．L2灯头短路C．L1灯头短路D．L2灯头断路

B

【解析】

试题分析：当只闭合S、S1时，L0和L1都呈暗红色，说明电路是通路，灯泡L1处无故障；当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光，说明电路是通路，灯泡L2处短路了；故应选B．

【考点定位】电路故障的判断

10．关于下列四个实验装置的说法正确的是

A．甲装置闭合电路后磁针会偏转说明磁场能产生电流

B．利用乙实验的原理可制成电动机

C．利用丙实验能实现机械能向电能的转化

D．丁图中两磁极相排斥是通过磁场发生的

D

【解析】

【详解】

A、甲图是奥斯特实验，将通电导线放在小磁针上方时，小磁针发生了偏转，说明通电导线周围存在磁场，故A错误；

B、乙图，当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，属于电磁感应现象，利用该原理制成了发电机，故B错误；

C、丙图，当导体中通以电流时，导体棒会在磁场中运动，即通电导体在磁场中受到力的作用，此过程中电能转化为机械能，故C错误；

D、丁图，两个S极相互排斥，是通过磁场发生的，故D正确。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）

11．下列关于家庭电路及安全用电的说法正确的是

A．只要人体与大地绝缘，即使同时接触火线和零线也不会发生触电事故

B．低压电对人体才是安全的

C．在检查家庭电路中故障时，用试电笔接触插座某孔，试电笔发光，说明接触的是插座右孔

D．三脚插头上标有“L”的线是连接电路中火线的

CD

【解析】

【详解】

A．站在绝缘体上的人一只手接触火线另一只手同时接触零线会形成双线触电。故A错误。

B．经验证明，只有不高于36V的电压，对人体才是安全的。故B错误。

C．家庭电路插座的接法是“左零右火上接地”，试电笔发光，表明接触的是火线，即接触的是插座右孔。故C正确。

D．三脚插头的E号脚与用电器外壳相连，当插头插入插座时，E号脚与三孔插座的E号相连，使金属外壳与大地相连，即E号脚为接地线；L脚连接电路的火线；N脚连接电路的零线。故D正确。

12．如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L1、L2分别标有“6V 3W”和“6V 6W”的字样，滑动变阻器R 的阻值变化范围为0~12Ω，当S1、S2、S3都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，两灯都正常发光.不考虑温度对灯泡电阻的影响，则（）

A．电源电压为6V

B．两灯都正常发光时电流表的示数为1.5A

C．整个电路的最小功率2.25W

D．整个电路的最大功率9W

ABD

【解析】

【分析】

由题文和电路图可知，本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路的最大总功率和最小总功率是关键。根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，两灯泡的最大电阻和R的最大阻值串

联时电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，根据电阻的串联和

2

U

P UI

R

==求出电路的最小总功率；

当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时，两灯泡并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，此时两灯泡的实际功率和额定功率相等，两灯泡的功率之和即为电路的总功率；

【详解】

A．当S1、S2、S3都闭合，滑动变阻器滑到a端时，灯泡L1和灯泡L2并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，且两灯都正常发光，所以，电源电压：

U＝U1＝U2＝6V，

故A正确；

B．由P＝UI可得，两灯泡都正常发光时通过的电流分别为：

1 1

13W

0.5A 6V

P

I

U

===，

2 2

26W

1A 6V

P

I

U

===，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两灯都正常发光时电流表的示数：I＝I1+I2＝0.5A+1A＝1.5A，

故B正确；

C．由

U

I

R

=可得，两灯泡的电阻分别为：

1 1

16V

12

Ω

0.5A

U

R

I

===，

2

2

2

6V

6Ω

1A

U

R

I

===，

当S1、S3闭合且滑片位于b端时，R1与R的最大阻值串联，电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路的最小总功率：

22

1

6V

1.5W

12Ω12Ω

U

P

R R

===

++

小

（）

，

故C错误。

D．当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时，两灯泡并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，因此时两灯泡均正常发光，所以，整个电路的最大功率：

P大＝P1+P2＝3W+6W＝9W，

故D正确。

13．如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变）。在保证小灯泡L电流不超出额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是

A．小灯泡的额定电流是0.6A

B．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω

C．电压表示数变化范围是0～3V

D．电流表示数变化范围是0.3～0.5A

BD

【解析】已知灯泡的额定电压和额定功率，由P=UI可得，灯泡正常发光电流：I额=P额/U额=1.25W/2.5V=0.5A，故A错误；

由题知，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表量程为“0～0.6A”，串联电路中电流处处相等，所以电路中的最大电流I max=0.5A，此时灯泡正常发光；由欧姆定律知，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：R滑min=U滑/I max=U?U额/I max=4.5V?2.5V/0.5A=4Ω；灯泡的电阻：R L=U额/I额=2.5V/0.5A=5Ω，当电压表示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，此时灯泡两端的电压：U L′=U-U滑max=4.5V-3V=1.5V，电路中的最小电流：I min =U L′/R L=1.5V/5Ω=0.3A，所以电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故D正确；

滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑max =U滑max/I min=3V/0.3A=10Ω，所以滑动变阻器阻值变化的范围

是4Ω～10Ω，故B正确；

电源电压为4.5V，灯泡额定电压为2.5V，灯泡两端最大电压为2.5V，此时滑动变阻器两端电压最小为：

4.5V-2.5V=2V；则电压表示数变化范围是：2V～3V，故C错误，故选BD。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）

14．如图所示，1R阻值为30Ω，闭合开关S时．电流表的示数0.3A：同时闭合开关S、1S，时，电流表示数为0.5A．则电源电压为____________V，2R的阻值为________Ω

.

9 45

【解析】

【分析】

【详解】

由图知，闭合开关S时，只是R1的简单电路，电源电压：U=I1R1=0.3A×30Ω=9V；同时闭合S、S1时，R1、R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点，通过R2的电流I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A，

R2的电阻为：R2=

2

U I=

9V

0.2A

=45Ω．

15．小明在实验室测量牛奶的密度．小明先将牛奶倒入烧杯，用调节好的天平测量出牛奶和烧杯的总质量为91.5g，接着小明将烧杯中的部分牛奶倒入量筒中，如图甲所示，则量筒中牛奶的体积为________cm1．然后他用天平测量烧杯和剩余牛奶的总质量，天平平衡时的情景如图乙所示，则烧杯和剩余牛奶的总质量为________g．请你根据以上实验数据计算出牛奶的密度为________kg/m1．

10 62 1.05×101

【解析】

【详解】

图甲中量筒的示数为10cm1，图乙中天平的示数为50g+10g+2g＝62g，牛奶的密度ρ＝m

V

＝

3

93.562

30

g g

cm

-

＝1.05g/cm 1＝1.05×101kg/m 1．

16．沿竖直向上的方向匀速缓慢拉动弹簧测力计来提升重物，此时弹簧测力计的示数如图中所示。已知物体重为6N ，物体上升的高度为10cm ，则在此过程中，该滑轮组的机械效率为___________。

83.3%

【解析】

【详解】

根据图示可知，测力计的分度值是0.2N ，所以测力计的示数是2.4N ，由图可知，此滑轮组由3段绳子承

担物重，所以s=3h ，该滑轮组的机械效率6N 0.1m ===83.3%2.4N 30.1m

W Gh W Fs η?=??有用总。 17．在“测量矿石密度”实验中，从同一标本上取下三块矿石，通过测量分别得到三组数据，第一组数据是m 1＝12g ，V 1＝2.5cm 3，剩下的两组数据记录在纸上了（如图），请梳理出其中一组数据填入空中_____（要带单位），梳理的依据是_____．

m 2＝10g ，V 2＝6.1cm 1 ρ＝和密度是物质本身的一种特性

【解析】

【分析】

密度是物质本身的一种特性，等于质量与体积的比值，根据第一组数据，利用m V

ρ=

计算出矿石的密度，然后选择图中数据计算即可．

【详解】 矿石的密度是3312 4.8/2.5m g g cm V cm

ρ=

==，因为密度是物质本身的一种特性，与物质的质量、体积无关，所以其质量与体积之比应为4.8g/cm 1或4.8×101kg/m 1时，计算可知，3330 4.9/6.1g g cm cm ≈，与4.8g/cm 1比较接近，所以，m 2=10g ，V 2=6.1cm 1．

故答案为m 2=10g ，V 2=6.1cm 1；m V ρ=

和密度是物质本身的一种特性． 【点睛】