2018年广东省高考数学二模试卷(理科)
一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知x,y∈R,集合A={2,?log3x},集合B={x,?y},若A∩B={0},则x+y=()
A.1
3
B.0
C.1
D.3
2. 若复数z1=1+i,z2=1?i,则下列结论错误的是()
A.z1?z2是实数
B.z1
z2
是纯虚数
C.|z14|=2|z2|2
D.z12+z22=4i
3.
已知a→=(?1,?3),b→=(m,?m?4),c→=(2m,?3),若a→?//?b→,则b→?c→=( )
A.?7
B.?2
C.5
D.8
4. 如图,AD^是以正方形的边AD为直径的半圆,向正方形内随机投入一点,则该点落在阴影区域内的概率为()
A.π16
B.3
16
C.π
4
D.1
4
5. 已知等比数列{a n}的首项为1,公比q≠?1,且a5+a4=3(a3+a2),则√a1a2a3?a9
9=()
A.?9
B.9
C.?81
D.81
6. 已知双曲线C:x2
a2?y2
b2
=1(a>0,?b>0)的一个焦点坐标为(4,?0),且双曲线的两条
渐近线互相垂直,则该双曲线的方程为()
A.x2
8?y2
8
=1
B.x2 16?y2
16
=1
C.y2
8?x2
8
=1
D.x2
8?y2
8
=1或y2
8
?x2
8
=1
7. 已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为( )
A.8π+6
B.6π+6
C.8π+12
D.6π+12
8. 设x ,y 满足约束条件{xy ≥0
|x +y|≤2
,则z =2x +y 的取值范围是( )
A.[?2,?2]
B.[?4,?4]
C.[0,?4]
D.[0,?2]
9. 在印度有一个古老的传说:舍罕王打算奖赏国际象棋的发明人–宰相宰相西萨?班?达依尔.国王问他想要什么,他对国王说:“陛下,请您在这张棋盘的第1个小格里,赏给我1粒麦子,在第2个小格里给2粒,第3小格给4粒,以后每一小格都比前一小格加一倍.请您把这样摆满棋盘上所有的64格的麦粒,都赏给您的仆人吧!”国王觉得这要求太容易满足了,就命令给他这些麦粒.当人们把一袋一袋的麦子搬来开始计数时,国王才发现:就是把全印度甚至全世界的麦粒全拿来,也满足不了那位宰相的要求.那么,宰相要求得到的麦粒到底有多少粒?下面是四位同学为了计算上面这个问题而设计的程序框图,其中正确的是( ) A. B.
C. D.
10. 已知数列{a n }前n 项和为S n ,a 1=15,且满足(2n ?5)a n+1=(2n ?3)a n +4n 2
?
16n+15,已知n,m∈N+,n>m,则S n?S m的最小值为()
A.?49
4B.?49
8
C.?14
D.?28
11. 已知菱形ABCD的边长为2√3,∠BAD=60°,沿对角线BD将菱形ABCD折起,使得二面角A?BD?C的余弦值为?1
3
,则该四面体ABCD外接球的体积为()
A.28√7
3π B.8√6π C.20√5
3
π D.36π
12. 已知函数f(x)=e x?ln(x+3),则下面对函数f(x)的描述正确的是()
A.?x∈(?3,?+∞),f(x)≥1
3
B.?x∈(?3,?+∞),f(x)>?1
2
C.?x0∈(?3,?+∞),f(x0)=?1
D.f(x)min∈(0,?1)
二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)
将函数f(x)=2sin(2x+φ)(φ<0)的图象向左平移π
3
个单位长度,得到偶函数g(x)的图象,则φ的最大值是________.
已知a>0,b>0,(ax+b
x )6展开式的常数项为5
2
,则a+2b的最小值为________.
已知函数f(x)=log2(4x+1)+mx,当m>0时,关于x的不等式f(log3x)<1的解集为________.
设过抛物线y2=2px(p>0)上任意一点P(异于原点O)的直线与抛物线y2=
8px(p>0)交于A,B两点,直线OP与抛物线y2=8px(p>0)的另一个交点为Q,则
S△ABQ
S△ABO
=________.
三、解答题(本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知B=60°,c=8.
(1)若点M,N是线段BC的两个三等分点,BM=1
3BC,AN
BM
=2√3,求AM的值;
(2)若b=12,求△ABC的面积.
如图,在五面体ABCDEF中,四边形EDCF是正方形,AD=DE,∠ADE=90°,∠ADC=∠DCB=120°.
(1)证明:平面ABCD⊥平面EDCF;
(2)求直线AF与平面BDF所成角的最正弦值.
经销商第一年购买某工厂商品的单价为a (单位:元),在下一年购买时,购买单价与其上年度销售额(单位:万元)相联系,销售额越多,得到的优惠力度越大,具体情况如下表:
为了研究该商品购买单价的情况,调查并整理了50个经销商一年的销售额,得到下面的柱状图.
已知某经销商下一年购买该商品的单价为x (单位:元),且以经销商在各段销售额的频率作为概率.
(1)求
x 的平均估计值.
(2)该工厂针对此次的调查制定了如下奖励方案:经销商购买单价不高于平均估计单价的获得两次抽奖活动,高于平均估计单价的获得一次抽奖活动.每次获奖的金额和对应的概率为
已知椭圆C 1:
x 28
+y 2
b 2=1(b >0)的左、右焦点分别为F 1,F 2,点F 2也为抛物线C 2:y 2=
8x的焦点.
(1)若M,N为椭圆C1上两点,且线段MN的中点为(1,?1),求直线MN的斜率;(2)若过椭圆C1的右焦点F2作两条互相垂直的直线分别交椭圆于A,B和C,D,设线
段AB,CD的长分别为m,n,证明1
m +1
n
是定值.
已知f′(x)为函数f(x)的导函数,f(x)=e2x+2f(0)e x?f′(0)x.
(1)求f(x)的单调区间;
(2)当x>0时,af(x) 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.[选修4-4:坐标系与参数方程] 在直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为{x=3 4 +√3t y=a+√3t (t为参数),圆C的标准方程 为(x?3)2+(y?3)2=4.以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系. (1)求直线l和圆C的极坐标方程; (2)若射线θ=π 3 与l的交点为M,与圆C的交点为A,B,且点M恰好为线段AB的中点,求a的值. [选修4-5:不等式选讲] 已知f(x)=|mx+3|?|2x+n|. (1)当m=2,n=?1时,求不等式f(x)<2的解集; (2)当m=1,n<0时,f(x)的图象与x轴围成的三角形面积大于24,求n的取值范围. 参考答案与试题解析 2018年广东省高考数学二模试卷(理科) 一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1. 【答案】 C 【考点】 交集及其运算 【解析】 根据A∩B={0}即可得出0∈A,0∈B,这样即可求出x,y的值,从而求出x+y的值.【解答】 A∩B={0}; ∴0∈A,0∈B; ∴log3x=0; ∴x=1,y=0; ∴x+y=1. 2. 【答案】 D 【考点】 复数的运算 【解析】 直接利用复数代数形式的乘除运算及复数模的求法逐一判断得答案. 【解答】 ∵z1=1+i,z2=1?i, ∴z1?z2=1?i2=2,故A正确; z1 z2=1+i 1?i =(1+i)2 (1?i)(1+i) =?i,故B正确; |z14|=|z1|4=4,2|z2|2=4,故C正确; z12+z22=(1+i)2+(1?i)2=0,故D错误. 3. 【答案】 A 【考点】 平行向量的性质 【解析】 根据平面向量的坐标运算与共线定理、数量积运算法则,计算即可.【解答】 解:a→=(?1,?3),b→=(m,?m?4),c→=(2m,?3), 若a→?//?b→,则?1×(m?4)?3×m=0, 解得m =1, ∴ b → =(1,??3) c →=(2,?3), b → ?c → =1×2+(?3)×3=?7. 故选A . 4. 【答案】 D 【考点】 几何概型计算(与长度、角度、面积、体积有关的几何概型) 【解析】 根据图象的关系,求出阴影部分的面积,结合几何概型的概率公式进行求解即可. 【解答】 连结AE ,结合图象可知弓形①与弓形②面积相等, 将弓形①移动到②的位置,则阴影部分将构成一个直角三角形, 则阴影部分的面积为正方形面积的1 4,则向正方形内随机投入一点,则该点落在阴影区域内的概率P =1 4, 5. 【答案】 B 【考点】 等比数列的性质 【解析】 等比数列{a n }的首项为1,公比q ≠?1,且a 5+a 4=3(a 3+a 2),可得a 2q 3+a 2q 2=3(a 2q +a 2),化为:q 2=3.由等比数列的性质可得:a 1a 2……a 9=q 1+2+?…+8=q 4×9,代入√a 1a 2a 3?a 99=q 4.即可得出. 【解答】 等比数列{a n }的首项为1,公比q ≠?1,且a 5+a 4=3(a 3+a 2), ∴ a 2q 3+a 2q 2=3(a 2q +a 2), 化为:q 2=3. 由等比数列的性质可得:a 1a 2……a 9=q 1+2+?…+8=q 8×(8+1) 2 =q 4×9 则√a 1a 2a 3?a 99=√q 4×99 =q 4=9. 6. 【答案】 A 【考点】 双曲线的特性 【解析】 由题意可得c =4,由双曲线的渐近线方程和两直线垂直的条件:斜率之积为?1,可得a =b ,解方程可得a ,b 的值,即可得到所求双曲线的方程. 【解答】 双曲线C:x 2 a 2?y 2 b 2=1(a >0,?b >0)的一个焦点坐标为(4,?0), 可得c =4,即有a 2+b 2=c 2=16, 双曲线的两条渐近线互相垂直, 即直线y =b a x 和直线y =?b a x 垂直, 可得a = b , 解方程可得a =b =2√2, 则双曲线的方程为x 28 ? y 28 =1. 7. 【答案】 B 【考点】 由三视图求体积 【解析】 由题意判断几何体的形状,然后求解几何体的表面积即可. 【解答】 几何体是组合体,上部是半圆柱,下部是半球,圆柱的底面半径与球的半径相同为1,圆柱的高为3, 几何体的表面积为:2π×12+12×π+2×3+3π=6+6π. 8. 【答案】 B 【考点】 简单线性规划 【解析】 作出约束条件{ xy ≥0 |x +y|≤2 所对应的可行域,变形目标函数,平移直线y =2x 可得结论. 【解答】 作出约束条件{ xy ≥0 |x +y|≤2 所对应的可行域(如图阴影) 变形目标函数可得y =?2x +z ,平移直线y =?2x 可知 当直线经过点A(?2,?0)时,目标函数取最小值?4 当直线经过点B(2,?0)时,目标函数取最大值4, 故z =?2x +y 的取值范围为[?4,?4]. 9. 【答案】 C 【考点】 程序框图 【解析】 由已知中的程序框图可知:该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量S 的值,模拟程序的运行过程,可得答案. 【解答】 由已知中程序的功能,可得循环变量的初值为1,终值为64, 由于四个答案均为直到条件不满足时退出循环,故循环条件应为n ≤64, 而每次累加量构造一个以1为首项,以2为公式的等比数列, 由S n =2n ?1得:S n+1=2n+1?1=2S n +1, 故循环体内S =1+2S , 10. 【答案】 C 【考点】 数列递推式 【解析】 由等式变形,可得{a n 2n?5}为等差数列,公差为1,首项为?5,运用等差数列的通项公式 可得a n ,再由自然数和的公式、平方和公式,可得S n ,讨论n 的变化,S n 的变化,僵尸可得最小值. 【解答】 ∵ (2n ?5)a n+1=(2n ?3)a n +4n 2?16n +15, ∴ a n+1 2n?3 ?a n 2n?5=1,a 1?3 =?5. 可得数列{a n 2n?5}为等差数列,公差为1,首项为?5. ∴ a n 2n?5=?5+n ?1=n ?6, ∴ a n =(2n ?5)(n ?6)=2n 2?17n +30. ∴ S n =2(12+22+……+n 2)?17(1+2+……+n)+30n =2×n(n +1)(2n +1)6?17×n(n +1) 2 +30n = 4n 3?45n 2+131n 6 . 可得n =2,3,4,5,S n 递减;n >5,S n 递增, ∵ n ,m ∈N +,n >m , S 1=15,S 2=19,S 5=S 6=5,S 7=14,S 8=36, S n ?S m 的最小值为5?19=?14, 11. 【答案】 B 【考点】 二面角的平面角及求法 【解析】 正确作出图形,利用勾股定理建立方程,求出四面体的外接球的半径,即可求出四面体的外接球的体积. 【解答】 如图所示,取BD 中点F ,连结AF 、CF , 则AF ⊥BD ,CF ⊥BD ,∴ ∠AFC 是二面角A ?BD ?C 的平面角, 过A 作AE ⊥平面BCD ,交CF 延长线于E , ∴ cos∠AFC =?1 3,cos∠AFE =1 3,AF =CF =√(2√3)2?(√3)2=3, ∴ AE =2√2,EF =1, 设O 为球,过O 作OO′⊥CF ,交F 于O′,作OG ⊥AE ,交AE 于G , 设OO′=x ,∵ O′B =2 3CF =2,O′F =1 3CF =1, ∴ 由勾股定理得R 2=O′B 2+OO ′2=4+x 2=OG 2+AG 2=(1+1)2+(2√2?x)2, 解得x =√2,∴ R 2=6,即R =√6, ∴ 四面体的外接球的体积为V =4 3πR 3=4 3π×6√6=8√6π. 12. 【答案】 B 【考点】 利用导数研究函数的单调性 【解析】 本题首先要对函数f(x)=e x ?ln(x +3)进行求导,确定f′(x)在定义域上的单调性为单调递增函数,然后再利用当x ∈(a,?b)时,利用f′(a)f′(b)<0确定导函数的极值点x 0∈(?1,??1 2)从而.得到x =x 0时是函数f(x)的最小值点. 【解答】 因为函数f(x)=e x ?ln(x +3),定义域为(?3,?+∞),所以f′(x)=e x ?1 x+3, 易知导函数f′(x)在定义域(?3,?+∞)上是单调递增函数, 又f′(?1)<0,f′(?1 2)>0, 所以f′(x)=0在(?3,?+∞)上有唯一的实根,不妨将其设为x 0,且x 0∈(?1,??1 2), 则x =x 0为f(x)的最小值点,且f′(x 0)=0,即e x 0 = 1 x 0+3 ,两边取以e 为底的对数, 得x 0=?ln(x 0+3) 故f(x)≥f(x 0)=e x 0 ?ln(x 0+3)=1 x +3 ?ln(x 0+3)=1 x 0+3 +x 0,因为x 0∈ (?1,??1 2),所以2 2, 故f(x)≥f(x 0)=1 x 0 +3+(x 0+3)?3>2+12?3=?1 2 ,即对?x ∈(?3,?+∞),都有f(x)>?1 2. 二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上) 【答案】 ?π 【考点】 函数y=Asin (ωx+φ)的图象变换 【解析】 根据三角函数图象平移法则,结合函数的奇偶性求出φ的最大值. 【解答】 函数f(x)=2sin(2x +φ)(φ<0)的图象向左平移π 3个单位长度, 得f(x +π 3)=2sin[2(x +π 3)+φ]=2sin(2x +φ+ 2π3)的图象, ∴ g(x)=2sin(2x +2π3 +φ); 又g(x)是偶函数, ∴ 2π 3+φ=π 2+kπ,k ∈Z ; ∴ φ=?π 6+kπ,k ∈Z ; 又φ<0,∴ φ的最大值是?π 6. 【答案】 2 【考点】 二项式定理的应用 【解析】 写出二项展开式的通项,由x 的指数为0求得r 值,可得ab =1 2,再由基本不等式求a +2b 的最小值. 【解答】 (ax +b x )6展开式的通项为T r+1=C 6r ?(ax)6?r ?(b x )r =a 6?r ?b r ?C 6r ?x 6?2r , 由6?2r =0,得r =3. ∴ a 3b 3?C 63=5 2,即ab =1 2. ∴ a +2b ≥2√2ab =2,当且仅当a =2b ,即a =1,b =1 2时,取“=”. ∴ a +2b 的最小值为2. 【答案】 (0,?1) 【考点】 对数函数的图象与性质 【解析】 利用单调性求解即可. 【解答】 函数f(x)=log 2(4x +1)+mx , 当m >0时,可知f(x)时单调递增函数, 当x =0时,可得f(0)=1, 那么不等式f(log 3x) x >0 log 3x <0 , 解得:0 【考点】 抛物线的求解 【解析】 此题暂无解析 【解答】 解:方法一: 画出对应的图, 设AB 与OP 的夹角为θ, 则△ABQ 中AB 边上的高与△ABO 中AB 边上的高之比为 PQsin θ OPsin θ=PQ OP , ∴ S △ABQ S △ABO =PQ OP = y Q ?y P y P = y Q y P ?1. 设P (y 1 22p ,y 1), 则直线OP:y =y 1 y 1 22p x , 即y = 2p y 1 x , 与y 2=8px 联立, 可得y Q =4y 1, 从而得到面积比为4y 1 y 1 ?1=3. 故答案为:3. 方法二: 记d(X,YZ)表示点X 到线段YZ 的距离, 则S △ABQ S △ABO = d(Q,AB)d(O,AB) = |PQ||OP| , 设|OQ| |OP|=m ,P (x 0,y 0), 则OQ → =mOP → , 即Q (mx 0,my 0). 于是y 02 =2px 0,(my 0)2=8pmx 0, 故m =4, 则|PQ| |OP|=|OQ|?|OP||OP| =4?1=3, 从而S △ABQ S △ABO =3. 故答案为:3. 三、解答题(本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) 【答案】 ∵在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,B=60°,c=8 点M,N是线段BC的两个三等分点,BM=1 3BC,AN BM =2√3, ∴设BM=x,则AN=2√3x, 在△ABN中,由余弦定理得12x2=64+4x2?2×8×2xcos60°,解得x=4(负值舍去),则BM=4, ∴AM=√82+42?2×8×4×cos60°=4√3. 在△ABC中,由正弦定理得b sinB =c sinC , ∴sinC=csinB b =8× √3 2 12 =√3 3 , 又b=12>c,∴B>C,则C为锐角,∴cosC=√6 3 , 则sinA=sin(B+C)=sinBcosC+cosBsinC=√3 2×√6 3 +1 2 ×√3 3 =3√2+√3 6 , ∴△ABC的面积S=1 2bcsinA=48×3√2+√3 6 =24√2+8√3. 【考点】 三角形求面积 【解析】 (1)设BM=x,则AM=2√3x,由余弦定理求出BM=4,由此利用余弦定理能求出b. (2)由正弦定理得b sinB =c sinC ,从而sinC=√3 3 ,由b=12>c,得B>C,cosC=√6 3 , 从而sinA=sin(B+C)=sinBcosC+cosBsinC=3√2+√3 6 ,由此能求出△ABC的面积.【解答】 ∵在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,B=60°,c=8 点M,N是线段BC的两个三等分点,BM=1 3BC,AN BM =2√3, ∴设BM=x,则AN=2√3x, 在△ABN中,由余弦定理得12x2=64+4x2?2×8×2xcos60°,解得x=4(负值舍去),则BM=4, ∴AM=√82+42?2×8×4×cos60°=4√3. 在△ABC中,由正弦定理得b sinB =c sinC , ∴sinC=csinB b =8× √3 2 12 =√3 3 , 又b=12>c,∴B>C,则C为锐角,∴cosC=√6 3 , 则sinA=sin(B+C)=sinBcosC+cosBsinC=√3 2×√6 3 +1 2 ×√3 3 =3√2+√3 6 , ∴△ABC的面积S=1 2bcsinA=48×3√2+√3 6 =24√2+8√3. 【答案】 因为AD ⊥DE ,DC ⊥DE ,AD 、CD ?平面ABCD ,且AD ∩CD =D , 所以DE ⊥平面ABCD . 又DE ?平面EDCF ,故平面ABCD ⊥平面EDCF . 由已知DC?//?EF ,所以DC?//?平面ABFE . 又平面ABCD ∩平面ABFE =AB ,故AB?//?CD . 所以四边形ABCD 为等腰梯形. 又AD =DE ,所以AD =CD ,由题意得AD ⊥BD , 令AD =1, 如图,以D 为原点,以DA 为x 轴, 建立空间直角坐标系D ?xyz , 则D(0,?0,?0),A(1,?0,?0), F(?12,? √3 2 ,?1),B(0,?√3,?0), ∴ FA → = (3 2,??√3 2,??1),DB →=(0,?√3,?0),DF → =(?1 2,?√ 3 2,?1). 设平面BDF 的法向量为n →=(x,?y,?z), 则{n → ?DB → =√3y =0n →?DF →=?12x +√3 2y +z =0 ,取x =2,得n → =(2,?0,?1), cos ,n → >= FA → ?n →|FA →|?|n → | =2× √ 5 =√5 5 . 设直线与平面BDF 所成的角为θ,则sinθ=√5 5 . 所以直线AF 与平面BDF 所成角的正弦值为√5 5 . 【考点】 平面与平面垂直 直线与平面所成的角 【解析】 (1)推导出AD ⊥DE ,DC ⊥DE ,从而DE ⊥平面ABCD .由此能证明平面ABCD ⊥平面EDCF . (2)以D 为原点,以DA 为x 轴,建立空间直角坐标系D ?xyz ,利用向量法能求出直线AF 与平面BDF 所成角的正弦值. 【解答】 因为AD ⊥DE ,DC ⊥DE ,AD 、CD ?平面ABCD ,且AD ∩CD =D , 所以DE ⊥平面ABCD . 又DE ?平面EDCF ,故平面ABCD ⊥平面EDCF . 由已知DC?//?EF ,所以DC?//?平面ABFE . 又平面ABCD ∩平面ABFE =AB ,故AB?//?CD . 所以四边形ABCD 为等腰梯形. 又AD =DE ,所以AD =CD ,由题意得AD ⊥BD , 令AD =1, 如图,以D 为原点,以DA 为x 轴, 建立空间直角坐标系D ?xyz , 则D(0,?0,?0),A(1,?0,?0), F(?12,? √3 2 ,?1),B(0,?√3,?0), ∴ FA → =(32 ,??√32 ,??1),DB → =(0,?√3,?0),DF → =(?12 ,?√32 ,?1). 设平面BDF 的法向量为n → =(x,?y,?z), 则{n → ?DB → =√3y =0n →?DF →=?12 x +√3 2 y +z =0 ,取x =2,得n → =(2,?0,?1), cos >= FA → ?n →|FA → |?|n → | =2× 5 =√5 5 . 设直线与平面BDF 所成的角为θ,则sinθ=√5 5 . 所以直线AF 与平面BDF 所成角的正弦值为√5 5 . 【答案】 解:(1)由题可知: a ×0.2+0.9a ×0.36+0.85a ×0.24+0.8a ×0.12+ 0.75a ×0.1+0.7a ×0.04=0.873a . (2)购买单价不高于平均估计单价的概率为 0.24+0.12+0.1+0.04=0.5=1 2. Y 的所有可能取值为5000,10000,15000,20000. P(Y =5000)=1 2×3 4=3 8, P(Y=10000)=1 2×1 4 +1 2 ×3 4 ×3 4 =13 32 , P(Y=15000)=1 2×C21×1 4 ×3 4 =3 16 , P(Y=20000)=1 2×1 4 ×1 4 =1 32 . ∴Y的分布列为 E(Y)=5000×3 8+10000×13 32 +15000×3 16 +20000×1 32 =9375. 【考点】 离散型随机变量的期望与方差 【解析】 此题暂无解析 【解答】 解:(1)由题可知: a×0.2+0.9a×0.36+0.85a×0.24+0.8a×0.12+ 0.75a×0.1+0.7a×0.04=0.873a. (2)购买单价不高于平均估计单价的概率为 0.24+0.12+0.1+0.04=0.5=1 2 . Y的取值为5000,10000,15000,20000. P(Y=5000)=1 2×3 4 =3 8 , P(Y=10000)=1 2×1 4 +1 2 ×3 4 ×3 4 =13 32 , P(Y=15000)=1 2×C21×1 4 ×3 4 =3 16 , P(Y=20000)=1 2×1 4 ×1 4 =1 32 . ∴Y的分布列为 E(Y)=5000×3 8+10000×13 32 +15000×3 16 +20000×1 32 =9375. 【答案】 (1)解:因为抛物线C2:y2=8x的焦点(2,?0),则c=2,b2=a2?c2=4, 所以C1:x2 8+y2 4 =1, 设M(x 1,?y 1),N(x 2,?y 2),则{x 1 28 +y 1 24=1, x 2 2 8 + y 224 =1, 两式相减得(x 1+x 2)(x 2?x 2) 8 + (y 1+y 2)(y 1?y 2) 4 =0, 由MN 的中点为(1,?1),所以x 1+x 2=2,y 1+y 2=2, 所以y 2?y 1 x 2?x 1 =?1 2. 显然,点(1,1)在椭圆内部,所以直线MN 的斜率为?1 2. (2)证明:由椭圆的右焦点F 2(2,?0), 当直线AB 的斜率不存在或为0时,1 m +1 n = 4 √ 2 2 √ 2 =3√2 8 . 当直线AB 的斜率存在且不为0,设直线AB 的方程为y =k(x ?2)(k ≠0), 设A(x 1,?y 1),B(x 2,?y 2),联立{y =k(x ?2) x 2 +2y 2=8 , 消去y 化简整理得(1+2k 2)x 2?8k 2x +8k 2?8=0, Δ=(?8k 2)2?4(1+2k 2)(8k 2?8)=32(k 2+1)>0, 所以x 1+x 2= 8k 21+2k 2 ,x 1x 2=8(k 2?1)1+2k 2 , 所以m =√1+k 2√(x 1+x 2)2?4x 1x 2=4√2(1+k 2) 1+2k 2 , 同理可得n =4√2(1+k 2) k 2+2. 所以1 m +1 n = 4√2 ( 1+2k 21+k 2 + k 2+21+k 2 )= 3√2 8 ,为定值. 【考点】 椭圆的定义 【解析】 此题暂无解析 【解答】 (1)解:因为抛物线C 2:y 2=8x 的焦点(2,?0),则c =2,b 2=a 2?c 2=4, 所以C 1: x 28 + y 24 =1, 设M(x 1,?y 1),N(x 2,?y 2),则{x 1 28 +y 1 24=1, x 2 2 8 + y 224 =1, 两式相减得(x 1+x 2)(x 2?x 2) 8 + (y 1+y 2)(y 1?y 2) 4 =0, 由MN 的中点为(1,?1),所以x 1+x 2=2,y 1+y 2=2, 所以y 2?y 1 x 2?x 1 =?1 2. 显然,点(1,1)在椭圆内部,所以直线MN 的斜率为?1 2. (2)证明:由椭圆的右焦点F 2(2,?0), 当直线AB 的斜率不存在或为0时,1 m +1 n = 4 √ 2 2 √ 2 =3√2 8 . 当直线AB 的斜率存在且不为0,设直线AB 的方程为y =k(x ?2)(k ≠0), 设A(x 1,?y 1),B(x 2,?y 2),联立{y =k(x ?2) x 2 +2y 2=8 , 消去y 化简整理得(1+2k 2)x 2?8k 2x +8k 2?8=0, Δ=(?8k 2)2?4(1+2k 2)(8k 2?8)=32(k 2+1)>0, 所以x 1+x 2=8k 2 1+2k 2 ,x 1x 2= 8(k 2?1)1+2k 2 , 所以m =√1+k 2√(x 1+x 2)2?4x 1x 2=4√2(1+k 2) 1+2k 2 , 同理可得n = 4√2(1+k 2) k 2+2. 所以1 m +1 n = 4 √ 2(1+2k 21+k 2 +k 2+2 1+k 2)=3√2 8 ,为定值. 【答案】 由f(0)=1+2f(0),得f(0)=?1. 因为f′(x)=2e 2x ?2e x ?f′(0), 所以f′(0)=2?2?f′(0),解得f′(0)=0. 所以f(x)=e 2x ?2e x ,f′(x)=2e x (e x ?1), 当x ∈(?∞,?0)时,f′(x)<0,则函数f(x)在(?∞,?0)上单调递减; 当x ∈(0,?+∞)时,f′(x)>0,则函数f(x)在(0,?+∞)上单调递增. 令g(x)=af(x)?e x +x =ae 2x ?(2a +1)e x +x , 根据题意,当x ∈(0,?+∞)时,g(x)<0恒成立. g′(x)=(2ae x ?1)(e x ?1).