2004年上海交通大学 数学分析
一(14)设lim n n a a →∞
=,证明22lim
2
21a
n na a a n n =+++∞→ 证 因2
n x n =∞ ,故利用Stolz 公式,11lim
lim n n n
n n n n n
y y y x x x +→∞→∞+-=-,得12112222(1)1lim lim lim lim (1)212
n n n n n n n a a na n
a n a
a n n n n ++→∞→∞→∞→∞+
++++===+-+ 二(14)证明2sin()x 在[)+∞,0上不一致连续.
证
因n x =
,n y =,22
sin sin 1n
n x y -=, 0n n x y -=-=→,
故2sin()x 在[)+∞,0上不一致连续.
三(14)设)(x f 在[]a 2,0上连续,且)0(f =)2(a f ,证明?0x ∈[]a ,0,使
)(0x f =)(0a x f +
证 作()()()g x f x a f x =+-([]0,x a ∈),则()g x 在[]0,a 上连续,因)0(f =)2(a f ,故(2)(0)g a g =-,
情形1 若(0)0g =,则取00x =,则)(0x f =)(0a x f +,
情形 2 若(0)0g ≠,则因2(2)(0)(0)0g a g g =-<,故由介值定理知,存在[]00,x a ∈,使得0()0g x =,即)(0x f =)(0a x f +.
四(14)证明不等式x π2<x sin <x ,??
?
??∈2,0πx
证 作sin ()x f x x =,π0,2x ??
∈ ???
,则因
2
2cos sin cos ()(tan )0x x x x
f x x x x x -'==-<, 故sin ()x f x x =在π0,2?? ???上严格单调减少,而0lim ()1x f x →=,π2
2
lim ()πx f x →=,
因此,在π0,2?
? ??
?
上,有2sin ()1πx f x x
<=<,即x π2<x sin <x .
五 (14) 设
()d a
f x x +∞?
收敛,且)(x f 在[)+∞,a 上一致连续,证明)(lim x f x +∞
→= 0.
证 因)(x f 在[)+∞,a 上一致连续,故0ε?>,0δ?>,使得当
[)12,,t t a ∈+∞且12t t δ-<时,有12()()2
f t f t ε
-<
,
令(1)()d a n n a n u f x x δ
δ
++-=
?
,则由积分第一中值定理得,
[](1),n x a n a n δδ?∈+-+,使得(1)()d ()a n n n a n u f x x f x δ
δ
δ++-=
=?
.
因
()d a
f x x +∞?
收敛,故级数1
n n u ∞
=∑收敛,从而0n u →,即
()0n f x δ→,也即()0n f x →,故对上述的ε,存在N +
∈
,使得
当n N >时,()2
n f x ε
<.
取X a N δ=+,则当x X >时,因
[)[)0
,(1),k x a a k a k δδ∞=∈∞=
+-+
故存在惟一的k +
∈
,使得[)(1),x a k a k δδ∈+-+,易见k N >,且
k x x δ-<,从而
()()()()2
2
k k f x f x f x f x ε
ε
ε≤+-<
+
=
六(14)设211
n x n -=,121d n n n x x x +=?,1,2,n =,证明级数()∑∞=--1
11n n n x 收敛.
解.11
211d ln |ln(1)n n n n n x x x x n ++===+?,因2121n n S S k +=+,故只要证 ()12111
11ln(1)n n
k n k k k S x k
k -==??=-=-+????∑∑22111()2n k k k =??=+????∑收敛即可.
七(14)设)(x f 在[]1,0上连续,)1(f = 0 ,n n x x f x g )()(= ,1,2,n =, 证明)}({x g n 在[]1,0上一致收敛.
八(12)设()f x 在[]1,0上连续,证明1
lim ()d n n n x f x x →∞
?
=)1(f .
证 (1)(令n
t x =,则1
()d n
n x f x x ?
1
11
()d n
n
t
f t t =
?,
(2)因()f x 在[]1,0上连续,故0M ?>,使得()f x M ≤,[]0,1x ∈,(3)
0ε?>,记3a M
ε
=
,不妨设01a <<,则
11110
()d ()d d 3
a
a a
n
n
n
n
t f t t t f t t M t Ma ε
≤≤==
?
??,
(4)
1111111
1
1
()d (1)[()(1)]d ()(1)d n
n
n
n
n
n
a
a
a
t
f t t f t
f t f t t f t f t -=
-≤-???
11111
()(1)(1)(1)d n n n n
a
t f t t f t f f t
=-+-?
111
1
()(1)d (1)1d n
n
a
a
f t f t f t t ≤-+-??
(5)因()f x 在[]1,0上连续,故()f x 在[]1,0上一致连续,故对上述的正数ε,
0δ?>,当[]12,0,1x x ∈且12x x δ-<时,有
12()()3(1)
f x f x a ε
-<
-
(6)因1lim 1n
n a →∞=,记min{,
}3(1)
M a ε
εδ*
=-,
则存在正整数N ,使得当n N >时,有1
1n
a ε*-<,
(7)当(,1)t a ∈时,有1
11111n
n
n
t t a -=-≤-,从而当n N >时,有
111
1
()(1)d (1)1d 3
3
n
n
a
a
f t f t f t t ε
ε
-+-<
+
??
(8)由(3)和(7)知,当n N >时,有
1110
()d (1)n
n
t f t t f -?
111110
2()d ()d (1)3
3
a n
n
n
n
a
t f t t t f t t f ε
εε≤
+
-<
+
=?
?
九(12)设1a >0,1+n a =n a +n a 1
,证明n =1
证 (1
)要证n 1 ,只要证2
lim 12n
n a n →∞=,
即只要证221lim 1(22)2n n
n a a n n
+→∞-=+-,即证221lim()2n n n a a +→∞-=
(2)因1+n a =n a +n a 1
,故110n n n a a a +-=>,1211n n n
a a a +=+
22
11112211
()()112n n n n n n n n n n n
a a a a a a a a a a a +++++-=-+=
=++=+ 因此只要证2
1
lim
0n n
a →∞=,即只要证lim n n a →∞=∞
(3)由11
0n n n
a a a +-=>知,{}n a 单调增加,假如{}n a 有上界,则{}n a 必有
极限a ,由1+n a =n a +n a 1
知,a =a +1a ,因此10a
=,矛盾.
这表明{}n a 单调增加、没有上界,因此lim n n a →∞
=∞. (证完)
十(28)计算下述积分:
1
.
d x y ??
,其中D 是矩形区域x 1≤,20≤≤y 解 记21{(,)|1,02,0}D x y x y y x =≤≤≤-≤
22{(,)|1,02,0}D x y x y y x =≤≤≤≤-,
2
d d d D D x y x y x y =+??
??
??
2
112
2
2
1
1
2
221
1
d ()d d ()d x x x x y y x y x y --=-+-????
3
3
22
1
1
221122()d (2)d 33x x x x --=+-?? 3
3
2
21
1
2200
44()d (2)d 33x x x x =+-?? π1
4
3400416
d cos d 33x x t t =+??
()x t =这里 π2
4
01161cos2d 332t t +??=+ ???
? π
4
0141cos412cos2d 332t t t +??=+++ ???
?
π
4
0143sin 4sin 23328t t t ??=+++???? 143ππ5133823
??=++=+ ??? 2.
22d d ()d d d d S
yz y z x z y z x xy x y +++??
,其中S 是曲面2
24z x y +=-上0≥y 的那部分正侧.
解 记22{(,,)|4,0}x y z x z y ∑=+≤=(取下侧),
22{(,,)|04}V x y z y x z =≤≤--,则V S ?=+∑,由高斯公式知,
2222d d ()d d d d ()d d d 0
S
S V
yz y z x z y z x xy x y x z x y z +∑
∑
+++=-=++??
??
??
???224
2222
()d d d d ()d d V
x z x z x y z y
x z x z +=+=+????4
2012π(4)d 4y y =-? 4
30
π32π(4)63
y ??=--=??
数学分析下册期末试题(模拟) 一、填空题(每小题3分,共24分) 1 、重极限 22(,)lim x y →=___________________ 2、设(,,)x yz u x y z e +=,则全微分du =_______________________ 3、设(sin ,)x z f x y y e =+,则 z x ?=?___________________ 4、设L 是以原点为中心,a 为半径的上半圆周,则 2 2()L x y ds +=?________. 5、曲面222 239x y z ++=和2 2 2 3z x y =+所截出的曲线在点(1,1,2)-处的 法平面方程是___________________________. 6 、已知12??Γ= ???32?? Γ-= ??? _____________. 7、改变累次积分的顺序,2 1 20 (,)x dx f x y dy =?? ______________________. 8、第二型曲面积分 S xdydz ydzdx zdxdy ++=??______________,其中S 为 球面2 2 2 1x y z ++=,取外侧. 二、单项选择题(每小题2分,共16分) 1、下列平面点集,不是区域的是( ) (A )2 2 {(,)14}D x y x y =<+≤ (B ){(,)01,22}D x y x y =<≤-≤≤ (C ){(,)01,1}D x y x y x =≤≤≤+ (D ){(,)0}D x y xy => 2、下列论断,正确的是( ) (A )函数(,)f x y 在点00(,)x y 处的两个累次极限都不存在,则该函数在 00(,)x y 处重极限必定不存在.
小学三年级数学期末试卷分析 ◆您现在正在阅读的小学三年级数学期末试卷分析文 章内容由收集!本站将为您提供更多的精品教学资源!小学三年级数学期末试卷分析一、试卷整体分析 1、本次三年级期末数学试卷充分体现了以教材为主的特点,试卷命题内容面向全册教材,题型难易度及题量适合大部分学生,没有出现难题、偏题、怪题。既考查了学生对基础知识和基本技能的掌握情况,又考查了学生能否运用已经学过的知识来解决简单问题的能力,同时注意对学生数学思维水平的检测,形式多样,所考内容深入浅出地将教材中的全部内容展现在学生的试卷中,并注重考查学生活学活用的数学能力。注重对基础知识基本技能的考验。另外此次试卷注重学生的发展,从试卷的得分情况看,如果学生没有良好的学习习惯是很难获得高分的。 2、本次试卷的题型多样,填空、判断、计算、动手操作、列式计算、解决问题等,其中填空、判断、计算主要考察学生对基础知识和基本技能的掌握情况以及灵活应用的能力。动手操作、列式计算、解决问题主要考察学生动手实践、自主探索能力。 3、从检测结果来看,学生基础知识和基本技能掌握得较好,分析问题、解决问题的能力有了进一步的提高,动手实践、自主探索能力较好。学生都能在此次检测中发挥出自己的实
际水平。 二、学生答题情况分析 1、学生缺乏良好的考试习惯,自己检查错误的能力亟待加强。如:填空题的一些很基本的题目出错;计算题竖式正确,横式写错;应用题抄错数。 2、学生马虎现象严重:单位名称落写,横式不写得数,加法当成乘法计算,不写余数等。 3、课上听讲不好,不能深入思考后再答题,理解能力需要继续提高。上课老师讲过的题型,考试时稍做变化,学生理解偏差,说明学生的灵活运用知识解决实际问题的能力弱,思维有待进一步开发、训练。如:一段靠墙的篱笆长8米,宽7米他的周长是多少?如果没靠墙周长是多少? 4、由于三年级是刚从一、二年级读题过渡过来的,有些同学依靠惯了老师读题为其把握时间,一到三年级老师不读题了自己不能很好地把握好时间,以至于不能分配好时间,到时间做不完题目。 三、改进措施: 1、教师及时反思进行详细卷面分析,针对每个学生进行分析。 2、培养良好的学习习惯和态度。在平时的教学中,不能忽视学生良好学习习惯和学习态度的培养,首先需要提高审题能力。审题是做题的第一步,只有审清题目,弄明白题目的
三年级数学上册期末考试试卷分析 三年级数学上册期末考试试卷分析 一、试卷命题情况 在本次人教版小学三年级数学考试中;本张试卷命题的指导思想是以数学程标准为依据;紧扣新程理念.整个试卷可以说全面考查了学生的综合学习能力;全面考查学生对教材中的基础知识掌握情况、基本技能的形成情况及对数学知识的灵活应用能力.把学生对数学知识的实际应用融于试卷之中;注重了学科的整合依据学生操作能力的考查;努力体现《数学程标准》的基本理念与思想;做到不出偏题、怪题、过难的题;密切联系学生生活实际;增加灵活性;又考查了学生的真实水平;增强了学生学数学、用数学的兴趣和信心.为广大教师 的教学工作起到了导向作用;更好地促进我区数学教学质量的提高. 现将2016——2017 学年度上期三年级数学期末试卷命题情况分析如下: (一)内容全面;覆盖广泛. 命题中采用直观形象、图并茂、生动有趣的呈现方式;在注重考查学生的基础知识和基本能力的同时;适当考查了学习过程;较好地体现了新程的目标体系.三年级数学试卷容量大;覆盖面广;从“数与代数”、“空间与图形”、“统计与概率”、“实践活动”四个方面进行考查;共计五个大题;考察了学生区分旋转与平移现象、解决有关时间的简单问题、小数、分数的初步认识、测量和面积等知识;以及乘、除法计算等等.试题较好地体现了层次性;难易适度 (二)贴近生活;注重现实. 本试卷从学生熟悉的现实情境和知识经验出发;选取于现实社会、生活;发生
在学生身边的;让学生切实体会数学和生活的联系;感受数学的生活价值.如:解决实际问题中商场搞促销活动考查了学生解决简单实际问题的能力;考查有余数的除法时就是做灯笼的事情;考查正方形的周长就是沿正方形果园走一圈;一共是多少米;考查时间的简单计算就是妈妈进城办事用的时间.这些题目都是学生现实生活特别熟悉的事和物;它为学生提供了活生生的直观情境;便于学生联系实际分析问题和解决问题.让学生在对现实问题的探索和运用数学知识解决实际问题的过程中;体会到数学与生活的联系;体验到数学的应用价值;增强数学的应用意识. (三)实践操作;注重过程. 本试卷通过精心选材;巧妙考查了教学过程和学生的实践能力.如:第四题:1、在下列图形中表示出相应分数.2、考查可能性中;按要求涂一涂.3、测量平行四边形各边的长度并计算出这个图形的周长. 以上的题如果老师在教学过程中不重视学生的动手操作;不充分让学生经历探究的过程;那么;学生解答时就会束手无策.它为老师在新 程理念下组织实施堂教学指明了正确的方向. (四)体现开放;培养创新. 为了培养学生观察能力;分析能力;发现问题、提出问题、解决问题的能力;在命题中;设计有弹性的、开放性的题目.如第五题的1 小题;你能提出一个用加法计算的问题并解答及再提出一个用减法计算的问题并解答.给学生提供了一个广阔的思维空间;充分发挥学生的主动性;让学生从情境中捕捉信息去发现问题、提出问题;从而提高学生解决问题能力;同时学生的创新思维也能得到体现. 二、学生答卷情况 我对我们班数学检测试卷试卷进行了统计:全班总计x 人;应考x 人;实考x
2014 ---2015学年度第二学期 《数学分析2》A 试卷 一. 判断题(每小题3分,共21分)(正确者后面括号内打对勾,否则打叉) 1.若()x f 在[]b a ,连续,则()x f 在[]b a ,上的不定积分()?dx x f 可表为()C dt t f x a +?( ). 2.若()()x g x f ,为连续函数,则()()()[]()[]????= dx x g dx x f dx x g x f ( ). 3. 若()?+∞a dx x f 绝对收敛,()?+∞a dx x g 条件收敛,则()()?+∞ -a dx x g x f ][必然条件收敛( ). 4. 若()?+∞ 1dx x f 收敛,则必有级数()∑∞=1 n n f 收敛( ) 5. 若{}n f 与{}n g 均在区间I 上内闭一致收敛,则{}n n g f +也在区间I 上内闭一致收敛( ). 6. 若数项级数∑∞ =1n n a 条件收敛,则一定可以经过适当的重排使其发散 于正无穷大( ). 7. 任何幂级数在其收敛区间上存在任意阶导数,并且逐项求导后得到 的新幂级数收敛半径与收敛域与原幂级数相同( ). 二. 单项选择题(每小题3分,共15分) 1.若()x f 在[]b a ,上可积,则下限函数()?a x dx x f 在[]b a ,上( ) A.不连续 B. 连续 C.可微 D.不能确定 2. 若()x g 在[]b a ,上可积,而()x f 在[]b a ,上仅有有限个点处与()x g 不相 等,则( )
A. ()x f 在[]b a ,上一定不可积; B. ()x f 在[]b a ,上一定可积,但是()()??≠b a b a dx x g dx x f ; C. ()x f 在[]b a ,上一定可积,并且()()??=b a b a dx x g dx x f ; D. ()x f 在[]b a ,上的可积性不能确定. 3.级数()∑∞=--+12111n n n n A.发散 B.绝对收敛 C.条件收敛 D. 不确定 4.设∑n u 为任一项级数,则下列说法正确的是( ) A.若0lim =∞→n n u ,则级数∑ n u 一定收敛; B. 若1lim 1<=+∞→ρn n n u u ,则级数∑n u 一定收敛; C. 若1,1<>?+n n u u N n N ,时有当,则级数∑n u 一定收敛; D. 若1,1>>?+n n u u N n N ,时有当,则级数∑n u 一定发散; 5.关于幂级数∑n n x a 的说法正确的是( ) A. ∑n n x a 在收敛区间上各点是绝对收敛的; B. ∑n n x a 在收敛域上各点是绝对收敛的; C. ∑n n x a 的和函数在收敛域上各点存在各阶导数; D. ∑n n x a 在收敛域上是绝对并且一致收敛的;
三年级数学下册期末试卷分析 本次期末考试,从内容上看,不仅关注学生对基础知识、基本技能、基本思想和基本方法的掌握情况,而且重视对数感、空间观念、应用意识、推理能力等内容的考查,从形式上看,增加了开放性、探索性、实践性和综合性的题目。总体上来看:立足课本、关注过程、重视方法、体现应用、开放渗透、题量适当、难度适宜。 一、考试情况: 三年级人数56人,参加检测人数56人,到考率为100%。试卷满分为100分;我带的三年级,平均分为分,及格率为100%。从学生做题情况看,学生的基础知识掌握得比较好,基本功扎实,形成了一定的基本技能。 二、试卷分析: 1、基本概况 试卷共有:填空题、判断题、选择题、计算题、实践应用(数学万花筒)、解决问题等六个大题。填空题占28分,判断题占5分,选择题占5分,实践应用占8分、解决问题占25分。 2、试题活而不偏,巧而不繁。 试题的“难”并不是繁,“易”也不是死。题目出得活不活,不在于难度大小,而在于是否富有启发性, 3、联系实际,激发兴趣。 从题型来看,试卷中的题型也是教学中经常练习到的。题型新颖,灵活多变。理论联系实际是命题的一大原则,从试卷分析可以看出,许多试题都在不同程度上注意了理论联系实际,考查学生将日常学习的知识应用到实践中,这样不但有助于考查学生的真实成绩,还可以激发学生的兴趣,同时也渗透了思想教育。 (1)、形式新颖,卷面图文并茂。在试题叙述方式上增添了人文性和激励性,以提高学生的考试兴趣和激情。在表述上与教师平时在课堂上激励、表扬学生时语言接近,加之卷面图文并茂,生动活泼,给学生以亲切感。正是新课程理念倡导“让学生在情境中愉快学习”的体现。 (2)、紧紧围绕教材的重点,考查学生对基础知识、基本技能的理解与掌握。 (3)、紧密联系生活实际,促进学生分析问题,解决问题能力的提高。 (4)、题目灵活,开放有度,注重学生的思维训练,增进学生对数学的情感和亲和力。 三、存在问题: 1、学生方面部分学生的学习态度和认真程度不够。成绩较好的学生,他们对某些知识理解的准确性和运用的灵活性还有待于加强。其次学生书写习惯欠
《数学分析》(三)――参考答案及评分标准 一. 计算题(共8题,每题9分,共72分)。 1. 求函数11 (,)f x y y x =在点(0,0)处的二次极限与二重极限. 解: 11 (,)f x y y x = +=, 因此二重极限为0.……(4分) 因为011x y x →+ 与011 y y x →+均不存在, 故二次极限均不存 在。 ……(9分) 2. 设(),()y y x z z x =??=? 是由方程组(),(,,)0 z xf x y F x y z =+??=?所确定的隐函数,其中f 和F 分别 具有连续的导数和偏导数,求dz dx . 解: 对两方程分别关于x 求偏导: , ……(4分) 。?解此方程组并整理得 ()()() ()y y x y z F f x y xf x y F F dz dx F xf x y F '?+++-= '++. ……(9分) 3. 取,μν为新自变量及(,)w w v μ=为新函数,变换方程 222z z z z x x y x ???++=????。 设,,22 y x y x y w ze μν+-=== (假设出现的导数皆连续). 解:z 看成是,x y 的复合函数如下: ,(,),,22 y w x y x y z w w e μνμν+-====。 ……(4 分) 代人原方程,并将,,x y z 变换为,,w μν。整理得: 222 2w w w μμν??+=???。 ……(9分) 4. 要做一个容积为31m 的有盖圆桶,什么样的尺寸才能使用料最省? ()()(1)0x y z dz dy f x y xf x y dx dx dy dz F F F dx dx ?'=++++????++=??
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