2020软考软件设计师考前练习试题及答案

2020软考软件设计师考前练习试题及答案

81. 利用逐点插入建立序列(52,43,73,88,76,18,38,61,45,39)对

应的二叉排序树之后，查找元素61要实行 (86) 次元素间的比较。

(86) A.3

B.4

C.6

D.8

参考答案：(86)A。

82. 为了在状态空间树中 (87) ，能够利用LC-检索(Least Cost Search)快速找到一个答案节点。

(87) A.实行遍历

B.找出的答案节点

C.找出任一个答案节点

D.找出所有的答案节点

参考答案：(87)B。

解析：在状态空间树中，定义为节点的成本函数，g(X)为从节点

向X到达一个答案节点所需做的附加工作的估计函数，h(X)为从根节

点到节点X的成本，则用成本估计函数选择下一个E-节点的检索策略总是选择值最小的活节点作为下一个E-节点，所以这种检索策略称为最小成本检索，简称LC-检索(Least Cost Search)。

在状态空间树中找出的答案节点，就能够利用LC-检索快速找到一个答案节点。根据定义在实行LC-检索时，为避免算法过度偏向于做纵深检查，应该在成本估计函数中考虑根节点到当前节点的成本(距离)。

(88) A.欧拉路径

B.欧拉回路

C.欧密尔顿路径

D.哈密尔顿回路

参考答案：(88)B。

解析：通过连通图G中每条边一次且仅一次，遍历图中所有节点

的回路称为欧拉回路。

通过连通图G中每条边一次且仅一次，遍历图中所有节点的开路

称为欧拉开路(欧拉路径)。

若G是连通图，则存有欧拉回路的充要条件是所有节点的度数均

为偶数度;存有欧拉开路的充要条件是当且仅当G中有且只有两个节点

的度数为奇数度。

因为图3-6中有两个节点的度数是奇数度，所以图3-6中只存有

欧拉路径，但不符合欧拉回路的充要条件，即不存有欧拉回路。

通过连通图G中每个节点一次且仅一次的回路称为欧密尔顿回路。

通过连通图G中每个节点一次且仅一次的开路称为欧密尔顿开路(哈密尔顿路径)。

84. 在和最坏情况下的时间复杂度均为O(nlogn)，但不稳定的排

序算法是 (89) 。

(89) A.堆排序

B.快速排序

C.归并排序

D.基数排序

参考答案：(89)A。

解析：堆排序在和最坏情况下的时间复杂度均为O(nlogn)但不稳定。快速排序和最坏情况下的时间复杂度分别为O(n2)和O(nlogn)且不稳定。

归并排序是在和最坏情况下的时间复杂度均为O(nlogn)且稳定的排序方法。

基数排序在和最坏情况下的时间复杂度均为O(d(n+rd))。

85. 利用动态规划方法求解每对节点之间的最短路径问题(all pairs shortest path problem)时，设有向图G=共有n个节点，节点编号1～n，设C是G的成本邻接矩阵，用Dk(I,j)即为图G 中节点i 到j并且不经过编号比k还大的节点的最短路径的长度(Dn(i,j)即为图G中节点i到j的最短路径长度)，则求解该问题的递推关系式为(90) 。

(90) A.Dk(I,j)=Dk-1(I,j)+C(I,j)

B.Dk(I,j)=Dk-1(I,k)+Dk-1(k,j)

C.Dk(I,j)=min{Dk-1(I,j),Dk-1(I,j)+C(I,j)}

D.Dk(I,j)=min{Dk-1(I,j),Dk-1(I,k)+Dk-1(k,j)}

参考答案：(90)D。

解析：设Pk(I,j)表示从i到j并且不经过编号比k还大的节点的最短路径，那么Pk(I,j)有以下两种可能。

① Pk(I,j)经过编号为k的节点，此时Pk(I,j)能够分为从i到k 和从k至j的两段，易知Pk(I,j)的长度为Dk-1(I,k)+Dk-1(k,j)。② Pk(I,j)不经过编号为k的节点，此时Pk(I,j)的长度为Dk-1(I,j)。

所以，求解该问题的递推关系式为：Dk(I,j)=min{Dk-1(I,j),Dk-1(I,k)+Dk-1(k,j)}。

86. 通常， (91) 应用于保护被中断程序现场等场合。

(91) A.队列

B.堆栈

C.双链表

D.数组

参考答案：(91)B。

解析：在计算机中，堆栈被定义为一段特殊的内存区。其存取数据的特点是先进后出(FILO)。这个特点使它最常用于保护被中断程序的现场等应用场合。

87.若有说明语句“inta[10]，*p=a;”，对数组元素的准确引用是(92)

(92) A. a[p]

B. P[a]

C. *(P+2)

D. P+2

参考答案：(91)C。解析：在C语言中，约定数组名单独出现在表达式中时，它表示数组首元素的指针。有inta[10]，则a能够作为&a[0]使用。另有整型指针变量p，代码p=a实现p指向数组a的首元素。则表达式*(p+2)是引用数组元素a[2]。表达式a[p]和p[a]都是不准确的，下标必须是整型表达式，不能够是指针表达式。表达式p+2是指针表达式，它的值是&p[2]。所以只有表达式*(p+2)引用数组a的元素a[2]。所以解答是C。

88.下面各语句中，能准确实行赋字符串操作的语句是(93)

(93) A. chars[5]={"ABCDE"};

B. chars[5]={’A’,’B’,’C’,’D’,’E’};

C. char*s;s="ABCDE";

D. char*s;scanf("%"，s);

参考答案：(93)C。

解析：字符串最终存储于字符数组中，存储字符串的字符数组能

够是程序主动引入的(定义或动态分配)，也能够是字符串常量，由系

统分配。其中字符数组用字符串初始化就是字符串存储于由程序引入

的字符数组的例子。给字符指针赋字符串则是系统自动分配字符率存

储空间的例子。给字符指针赋字符串并不是将一个长长的字符串存于

字符指针变量中，而是将字符串常量存储于常量区，并将存储这个字

符串的首字节地址赋给指针变量，让指针变量指向字符率常量的首字符。对于以字符串作为字符数组初值的情况，要求字符数组充足的大，能存得下字符串常量。这里有一个特别的规定，若数组的大小少于存

储字符串有效字符的字节个数，系统将报告错误;当字符数组的大小只

能存储字符串的有效字符，而不能存储字符率结束标记符时，则存储

于字符数组中的内容是字符序列，因没有存储字符率结束标记符，存

储的内容就不是字符串。如代码chara[5]="ABCDE"。另外，给字符

数组元素逐一赋字符初值，并在字符初值中没有字符串结束标记符，

则存于字符数组中的内容也不是字符率。如代码

chars[5]={’A’，’B’，’C’，’D’，’E’}。特别要注意当字

符指针还未指向某个字符数组的元素时，不能够通过字符指针输入字

符串。如代码char*s;scanf("%s"，s)。若写成char*str;scanf("%s"，&str)更是错误的了。

因为C语言规定数组不能相互赋值，所以只能将字符串常量赋给

某字符指针。如代码char*s;s="ABCDE"是准确的。实际上，字符率"ABCDE"被存储于常量区中，向指针变量赋的是字符指针，让s指向其

中的字符’A’。所以解答是C。

89.若有以下定义，则不能表示a数组元素的表达式是(94)

inta[10]={1，2，3，4，5，6，7，8，9，1o},*p=a;

(94)A.*p

B. a[10]

C. *a

D. a[p-a]

参考答案：(94)B。

解析：上述代码定义了有10个元素的整型数组。，和定义指针变量p，并让p指向数组元素a[0]。所以代码*p是引用a[0]。因为数组a只有10个元素，最后一个元素是a[9]，表达式a[10]是错误的。数组名a能够作为a的首元素的指针，表达式*a就是a[0]，是对数组a 的首元素a[0]的引用。指针p的值是a，表达式p-a。的值是0，所以a[p-a]就是a[0]。所以解答是B。90.若有以下定义，则值为3的表达式是(95)

inta[]={1，2，3，4，5，6，7，8，9，10}，*p=a;

(95)A. p+=2,*(p++)

B. p+=2，*++p

C. p+=3，*p++

D. p+=2，++*p

参考答案：(95)A。

解析：数组a有10个元素，分别有值1至10，指针变量p指向a[0]，A逗号表达式p+=2，*(P++)，先是P+=2使P指向a[2]，接着是*(P++)，以当时P所指变量a[2]取内容3为表达式的值，同时使p指向a[3]。B返号表达式p+=2，*++p，先是p+=2使p指向a[2]，以后是*++p，又使p增1，让它指向a[3]，并取指针p所指变量a[3]的内

容4作为表达式的值。C逗号表达式p+=3，*p++，先是p+=3使p指向

a[3]，以后是*p++，表达式的值是a[3]为4，而使p指向a[4]。D逗

号表达式p+=2，++*p，先是p+=2，使p指向a[2]，以后是++*p，因当时的*p就是a[2]，++a[2]使a[2]增1，变成4，并以4为表达式的值。所以只有p+=2，*(p++)的值是3。所以解答是A。

91. 若二叉树的先序遍历序列为ABCEDF，后序遍历序列为CEBFDA，则其中序遍历序列为 (96) 。

(96) A.CEFBDA B.CBEAFD C.CEBAFD D.CBEDFA

参考答案：(96)B。

解析：对于二叉树遍历序列有一个性质，包含有中序遍历序列的

任意两个遍历序列能够确定该二叉树。那么由题中的先序遍历序列和

后序遍历序列就能够确定此二叉树，如图10所示，再对其实行中序遍历，中序遍历序列为CBEAFD。

图1092. 在C++中，使用静态成员解决同一个类的不同对象之间

的数据共享问题。以下关于一个类的静态成员的叙述中，说法错误的

是 (97) 。

(97) A.静态成员变量可被该类的所有方法访问

B.该类的对象共享其静态成员变量的值

C.该类的静态数据成员变量的值不可修改

D.该类的静态方法只能访问该类的静态成员变量

参考答案：(97)D。

解析：静态成员作为类的一种成员，它被类的所有对象共享，而

不是属于某个对象的。静态成员可分为静态成员变量和静态方法。

静态成员变量的值能够被更新。只要对静态成员变量的值更新一次，所有对象的该静态成员变量值都会被更新。

静态成员函数能够直接访问静态成员，但不能直接访问非静态成员。

选项D“该类的静态方法只能访问该类的静态成员变量”的说法不够准确。

93. 在面向对象软件开发过程中，采用设计模式 (98) 。

(98) A.以减少设计过程创建的类的个数

B.以保证程序的运行速度达到值

C.以复用成功的设计和体系结构

D.以允许在非面向对象程序设计语言中使用面向对象的概念参考答案：(98)C。

解析：设计模式是对被用来在特定场景下，解决一般设计问题的类和相互通信的对象的描述。通常，一个设计模式有4个基本要素：模式名称、问题(模式的使用场合)、解决方案和效果。

每一个设计模式系统地命名、解释和评价了面向对象系统中一个重要的和重复出现的设计。设计模式使人们能够更加简单方便地复用成功的设计和体系结构;将己证实的技术表述成设计模式，也会使新系统的开发者更加容易理解其设计思路。设计模式能够协助开发者做出有利于复用的选择，避免设计时损害系统复用性。

综合以上分析，本试题的准确答案是选项C。

94. (99) 模式的设计意图是：定义对象间的一种一对多的依赖关系，当一个对象的状态发生改变时，所有依赖于它的对象都得到通知并被自动更新。

(99) A.Observer(观察者)

B.Visitor(访问者)

C.Interpreter(解释器)

D.Adapter(适配器)

参考答案：(99)A。

解析：Observer(观察者)模式的设计意图是定义对象间的一种一

对多的依赖关系，当一个对象的状态发生改变时，所有依赖于它的对

象都得到通知并被自动更新。

Visitor(访问者)模式的设计意图是表示一个作用于某对象结构中

的各元素的操作。它可在不改变各元素的类的前提下定义作用于这些

元素的新操作。Interpreter(解释器)模式的设计意图是给定一个语言，定义它的文法的一种表示，并定义一个解释器，这个解释器使用该表

示来解释语言中的句子。

Adapter(适配器)模式是一种类对象结构型模式。通过将一个类的

接口转换成客户希望的另外一个接口。Adapter模式使原本因为接口不兼容而不能一起工作的那些类能够一起工作。

95. 包(package)是UML的 (100) 。

(100) A.结构事物

B.分组事物

C.行为事物

D.注释事物

参考答案：(100)B。

解析：UML的结构事物包括①类、②接口、③协作、④用例、⑤主动类、⑥构件和⑦节点等。

包(package)是UML的分组事物。它是一种把元素组织成组的通用

机制，是一个构件(component)的抽象化概念。包中能够包含类、接口、构件、节点、协作、用例、图及其他的包等元素。

UML的行为事物主要包括交互(Interaction)和状态机(state machine)。其中，交互是协作中的一个消息集合，这些消息被类元角

色通过关联角色交换。当协作在运行时，受类元角色约束的对象，通

过受关联角色约束的连接交换消息实例。可见，作为行为事物，交互

是一组对象之间为了完成一项任务(如操作)，而实行通信的一系列消

息交换的行为。状态机是一个状态和转换的图，作用是描述类元实例

对事件接收的响应。状态机能够附属于某个类元(类或用例)，还能够

附属于协作和方法。

注解(note)是UML的注释事物，它是一种附加定义，用于告知被

注解对象的性质、特征和用途等。96.以下程序的输出结果是(101)

#include

subl(chara，charb){charc;c=a;a=b;b=c;}

sub2(char*a，charb){charc;c=*a;*a=b;b=c;}

sub3(char*a，char*b){charc;c=*a;*a=*b;*b=c;}

main()

{chara，b;

a=’A’;b=’B’;sub3(&a，&b);putchar(a);putchar(b);

a=’A’;b=’B’;Sub2(&a，b);putchar(a);rutchar(b);

a=’A’;b=’B’;sub1(a,b);putchar(a);putchar(b);

}

(101)A. BABBAB

B. ABBBBA

C. BABABA

D. BAABBA 参考答案：(101) A。

解析：在上述程序中，函数subl完成两形参值的交换，这个交换

不影响实参变量，这是一个没有意义的函数。函数sub2将第二个形参

的值置入由第一个指针形参所指的变量中，指针形参所指的变量由调

用时的实参提供。函数sub3完成将两个形参所指的变量的值交换。程

序调用sub3，使变量a和b的值交换输出BA;调用subZ，使变量b的

值传送到a，输出BB;调用subl，变量a和b的值不改变，输出AB。

所以程序输出BABBAB。准确解答是A。

97. 以下关于TCP/IP协议的叙述中，说法错误的是 (102) 。

(102) A.ICMP协议用于控制数据报传送中的差错情况

B.RIP协议根据交换的路由信息动态生成路由表

C.FTP协议在客户/服务器之间建立起两条连接

D.RARP协议根据IP地址查询对应的MAC地址

参考答案：(102)D。

解析：在TCP/IP协议族中，网络层主要有IP协议、ICMP协议、ARP协议和RARP协议等4个协议。其中，利用地址转换协议(ARP)可根据IP地址查询对应的MAC地址。而反向地址转换协议(RARP)则把MAC

地址转换成对应的IP地址。

ICMP协议用于传送相关通信问题的消息，例如，数据报不能到达

目标站、路由器没有充足的缓存空间或路由器向发送主机提供最短路

径信息等。ICMP报文封装在IP数据报中传送，因而不保证可靠的提交。

FTP协议属于TCP/IP协议族的应用层协议，利用FTP协议实行文

件传送时，在客户/服务器之间一般需要建立一条控制连接(使用TCP

21端口)和一条数据连接(使用TCP 20端口)。98. 以下能隔离ARP

病毒的网络互联设备是 (103) 。

(103) A.集线器

B.路由器

C.网桥

D.交换机

参考答案：(103)B。

解析：地址解析协议(ARP)是数据链路层协议，但同时对上层(网

络层)提供服务，完成将IP地址转换成以太网的MAC地址的功能。

ARP工作时，送出一个含有所希望的IP地址的以太网广播数据包。当发出AM请求时，发送方填好发送方首部和发送方IP地址后，还要

填写目标E地址。当目标机器收到这个ARP广播帧时，就会在响应报

文中填上自己的48位主机地址。由此能够看出ARP广播帧最初是以IP 地址的形式来寻址发送的，所以需要工作在网络层的网络设备路由器

来对其实行隔离。可见路由器能完成“隔离冲突域，隔离播域”的功能。

ARP协议的基本功能就是通过目标设备的IP地址，查询目标设备

的MAC地址，以保证通信的顺利实行。如果系统ARP缓存表被修改不

停的通知路由器一系列错误的内网IP或者干脆伪造一个假的网关实行

欺骗的话，网络就会出现通信中断现象，这就是典型的ARP病毒攻击

现象。

因为路由器、三层交换机或带三层交换模块的网络设备具有“隔

离冲突域，隔离广播域”的特性，所以这些网络互联设备能够隔离ARP 病毒。

集线器属于物理层的网络互联设备，具有“共享冲突域，共享广

播域”的特性。网桥和以太网交换机属于数据链路层的网络互联设备，

具有“隔离冲突域，共享广播域”的特性。这些网络互联设备都不能完成隔离ARP病毒的功能。99. 使用IE浏览器浏览网页时，出于安全方面的考虑，需要禁止执行Java Script，则能够在IE浏览器中设置“ (104) ”。

(104) A.禁用脚本

B.禁用cookie

C.禁用ActiveX控件

D.禁用没有标记为安全的ActiveX控件

参考答案：(104)A。

解析：使用IE浏览器浏览网页时，出于安全方面的考虑，需要禁止执行Java Script，能够在IE中禁用脚本。如果在IE中禁用ActiveX控件或者是禁用没有标记为安全的ActiveX控件，则只能起到禁用控件的功能，而禁用cookie是禁止网站放置临时存储信息的cookie，并不能够禁止执行Java Script脚本程序。

100. 以下网络地址中，属于私网地址(Private Address)的是(105) 。

(105) A.172.15.22.5

B.118.168.22.5

C.172.31.22.5

D.192.158.22.5

参考答案：(105)C。

软考软件设计师必做练习题附答案

软考软件设计师必做练习题及答案 软件设计师考试属于全国计算机技术与软件专业技术资格考试（简称计算机软件资格考试）中的一个中级考试。考试不设学历与资历条件，也不论年龄和专业，考生可根据自己的技术水平选择合适的级别合适的资格，但一次考试只能报考一种资格。考试采用笔试形式，考试实行全国统一大纲、统一试题、统一时间、统一标准、统一证书的考试办法。下面是希 赛小编整理的软考软件设计师考前必做的练习题。 试题一分析 本题主要考查类图和顺序图。 【问题 1】 需要分析此门禁系统的体系结构，根据体系结构的描述来看什么数据放在什么类中最 为合适。题目中提到：系统中的每个电控锁都有一个唯一的编号。锁的状态有两种：“已锁住”和“未锁住”。所以Lock 中含有锁编号和锁状态这两个属性。又因为题中有：在主机 上可以设置每把锁的安全级别以及用户的开锁权限。只有当用户的开锁权限大于或等于锁的 安全级并且锁处于“已锁住”状态时，才能将锁打开。因此，Lock 中还有锁的安全级别。 【问题 2】 首先，（ 1 ）、（ 2 ）是 FingerReader和LockController之间的交互。所以我们看题 目中是如何描述他们的交互的。题目中有“指纹采集器将发送一个中断事件给锁控器，锁控器从指纹采集器读取用户的指纹”，所以（1）应填“中断事件”，（ 2 ）应填“读取指纹”。（3 ）是主机与UserInfo的交互，从图2-35中可以看出，UserInfo中存储了用户的指纹信息和开锁权限，所以（ 3 ）应是从 UserInfo读取用户的指纹信息和开锁权限。（4）空应填“读取锁的安全级别”。（ 5 ）是 MainFrame向自己发送的一条消息，从题目中的“主 机根据数据库中存储的信息来判断用户是否具有开锁权限，若有且锁当前处于已锁住状态，

2017年下半年上午 软件设计师 试题及答案与解析-软考考试真题-基础知识

2017年下半年上午软件设计师 考试试题-答案与解析 一、单项选择题（共75分，每题1分。每题备选项中，只有1个最符合题意） ●第1题.以下关于防火墙功能特性的叙述中，不正确的是（1）。 A.控制进出网络的数据包和数据流向 B.提供流量信息的日志和审计 C.隐藏内部IP以及网络结构细节 D.提供漏洞扫描功能 【参考答案】D 【答案解析】一个防火墙（作为阻塞点、控制点）能极大地提高一个内部网络的安全性，并通过过滤不安全的服务而降低风险。由于只有经过精心选择的应用协议才能通过防火墙，所以网络环境变得更安全。如防火墙可以禁止诸如众所周知的不安全的NFS协议进出受保护网络，这样外部的攻击者就不可能利用这些脆弱的协议来攻击内部网络。防火墙同时可以保护网络免受基于路由的攻击，如IP选项中的源路由攻击和ICMP重定向中的重定向路径。防火墙应该可以拒绝所有以上类型攻击的报文并通知防火墙管理员。 强化网络安全策略 监控网络存取和访问 如果所有的访问都经过防火墙，那么，防火墙就能记录下这些访问并作出日志记录，防止内部信息的外泄 ●第2题.在程序执行过程中，Cache与主存的地址映射是由（2）完成的。 A.操作系统 B.程序员调度 C.硬件自动 D.用户软件 【参考答案】C 【答案解析】对于Cache,即高速缓存，是用来解决主存与CPU速度不匹配问题，Cache的出现使得CPU可以不直接访问主存而直接与高速Cache交换信息。由于程序访问的局部性原理可以很容易设想只要将 CPU近期要用到的程序和数据提前从主存送到Cache,那么就可以做到CPU在一定时间内只访问Cache，这样CPU与高速Cache进行通信，就大大提高了计算机的运行速度。 在Cache –主存的地址映射之前，首先要将主存与Cache都分成若干块，每块又包括若干个字，并使得它们的大小相同（即快内的字数相同）。在划分好块后，下面要做的就是将主存块与Cache块形成映射就行了。而这里的映射则是通过块的地址形成映射关系。对于地址映射，首先将主存地址分成两块，高n1位为主存的快地址，低n2位为快内地址。Cache

2020年软考《软件设计师》考前模拟练习题

2020年软考《软件设计师》考前模拟练习题 一. 从静态角度看，进程由 __(1)__ 、 __(2)__ 和 __(3)__ 三部分组成。用户可通过 __(4)__ 建立和撤消进程。通常，用户进程被建立后， __(5)__ 。 供选择的答案 (1)。 A.JCB B.DCB C.PCB D.PMT (2)。 A.程序段 B.文件体 C.I/O D.子程序 (3)。 A.文件描述块 B.数据空间 C.EOF D.I/O缓冲区 (4)。 A.函数调用 B.宏指令 C.系统调用 D.过程调用

(5)。 A.便一直存有于系统中，直到被操作人员撤消 B.随着作业运行正常或不正常结束而撤消 C.随着时间片轮转而撤消与建立 D.随着进程的阻塞或唤醒而撤消与建立 参考答案：(1) C (2) A (3) B (4) C (5) BD 二. 设相关系模式 W ( C，P，S，G，T，R )，其中各属性的含义是：C--课程，P--教师，S--学生，G--成绩，T--时间，R--教室，根 据语义有如下数据依赖集： D={ C→P，(S，C)→G，(T，R)→C，(T，P)→R，(T，S)→R } 关系模式 W 的一个码( 关键字 )是 __(6)__ ，W的规范化程序达到 __(7)__ 。若将关系模式 W 分解为 3 个关系模式 W1(C，P)， W2(S，C，G)，W3(S，T，R，C)，则 W1 的规范化程序达到 __(8)__ ，W2 的规范化水准达到 __(9)_ ，W3 的规范化程序达到__(10)__ 。 供选择的答案 (6)A (S，C) B (T，R) C (T，P) D (T，S) (7)～(10) A.1NF B.2NF C.3NF D.BCNF E.4NF 参考答案：(6) D (7) B (8) E (9) E (10) B 三. 数据库是存储在一起的相关数据的集合，能为各种用户所共享，且[__(11)__]。在关系数据库中，若关系模式中的每个关系的属 性值均是不可分解的，则该关系模式属于[__(12)__]。

2018年下半年软件设计师考试下午真题(完整版)

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问题内容：【问题 1】 (4分) 使用说明中的词语，给出图1-1中的实体E1-E4的名称。 【问题 2】 (4分) 使用说明中的词语，给出图1-2中的数据存储D1-D4的名称。 【问题 3】 (3 分) 根据说明和图中术语，补充图1-2中缺失的数据流及其起点和终点。

2020年计算机软考软件设计师知识点精选集

2020年计算机软考软件设计师知识点精选集 需求分析：开发人员准确地理解用户的要求，实行细致的调查分析，将用户非形式的需求陈述转化为完整的需求定义，再由需求定义转换到相对应的需求规格说明的过程。 它有以下几难点： ⑴问题的复杂性。由用用户需求涉及的因素繁多引起，如运行环境和系统功能 ⑵交流障碍。需求分析涉及人员较多，这些人具备不同的背景知识，处于不同角度，扮演不同角色，造成相互之间交流困难。 ⑶不完备性和不一致性。用户对问题的陈述往往是不完备的，各方面的需求可能还存有矛盾，需求分析要消除矛盾，形成完备及一致的定义。 ⑷需求易变性。 近几年来已提出多种分析和说明方法，但都必须适用以下原则： ⒈必须能够表达和理解问题的数据域和功能域。数据域包括数据流(数据通过一个系统时的变化方式)数据内容和数据结构，功能域反映上述三方面的控制信息。 ⒉能够把一个复杂问题按功能实行分解并可逐层细化。 ⒊建模。可更好地理解软件系统的信息，功能，行为。也是软件设计的基础。 需求分析的任务： ⒈问题识别：双方确定对问题的综合需求，这些需求包括功能需求，性能需求，环境需求，用户界面需求。 ⒉分析与综合，导出软件的逻辑模型

⒊编写文档：包括编写"需求规格说明书""初步用户使用手册""确认测试计划""修改完善软件开发计划" 结构化分析：简称SA，面向数据流实行数据分析的方法。采用自顶向下逐层分解的分析策略。顶层抽象地描述整个系统，底层具体地画出系统工程的每个细节。中间层则是从抽象到具体的过渡。使用数据流图，数据字典，作为描述工具，使用结构化语言，判定表，判定树描述加工逻辑。 结构化(SA)分析步骤： ⑴了解当前系统的工作流程，获得当前系统的物理模型。 ⑵抽象出当前系统的逻辑模型。 ⑶建立目标系统的逻辑模型。 ⑷作进一步补充和优化。 【篇二】2020年计算机软考软件设计师知识点：数据流图 以图形的方式描述数据在系统中流动和处理的过程。只反映系统必须完成的逻辑功能，是一种功能模型。 画数据流图的步骤： ⑴首先画系统的输入输出，即先画顶层数据流图。顶层图只包含一个加工，用以表示被开发的系统。 ⑵画系统内部，即画下层数据流图。将层号从0号开始编号，采用自顶向下，由外向内的原则。画更下层数据流图时，则分解上层图中的加工，一般沿着输出入流的方向，凡数据流的组成或值发生变化的地方则设置一个加工，一直实行到输出数据流。如果加工的内部还有数据流，则继续分解，直到每个加工充足简单，不能再分解为止。不能分解的加工称为基本加工。 ⑶注意事项：

下半年软件设计师下午试题以及标准答案

2014年下半年软件设计师下午试题 试题：i 阅读下列说明和图，回答问题1至问题3，将解答填入答题纸的对应栏内。 【说明】 某大型披萨加工和销售商为了有效管理生产和销售情况，欲开发一披萨信息系统，其主要功能如下： (1)销售。处理客户的订单信息，生成销售订单，并将其记录在销售订单表中。销售订单记录了订购者、所订购的披萨、期望的交付日期等信息。 (2 )生产控制。根据销售订单以及库存的披萨数量，制定披萨生产计划(包括生产哪些披萨、生产顺序和生产量等)，并将其保存在生产计划表中。 (3)生产。根据生产计划和配方表中的披萨配方，向库存发岀原材料申领单，将制作好的披萨的信息存入库存表中，以便及时进行交付。 (4)采购。根据所需原材料及库存量，确定采购数量，向供应商发送采购订单，并将其记录在采购订单表中；得到供应商的供应量，将原材料数量记录在库存表中，在采购订单表中标记已完成采购的订单。 (5)运送。根据销售订单将披萨交付给客户，并记录在交付记录表中。 (6 )财务管理。在披萨交付后，为客户开具费用清单，收款并岀具收据；依据完成的采购订单给供应商支付原材料费用并岀具支付细节；将收款和支付记录存入收支记录表中。 (7)存储。检查库存的原材料、拔萨和未完成订单，确定所需原材料。 现采用结构化方法对披萨信息系统进行分析与设计，获得如图1-1所示的上下文数据流图和图1-2所示 的0层数据流图。 图1-1上下文数据流图

【问题1】（4分） 根据说明中的词语，给岀图【问题2】（5分） 根据说明中的词语，给岀图【问题3】（6分）1-1中的实体E1?E2的名称。 1-2中的数据存储D1?D5的名称。 图1-2 0层数数据流图 根据说明和图中词语，补充图1-2中缺失的数据流及其起点和终点

2020年软考《软件设计师》练习题及答案

2020年软考《软件设计师》练习题及答案 1.Multiple choices. (1)Software design may . a.be a creative process b.not be learned from a book c.be learned from a book d.require a certain amount of flair (2)Methodologies of software design can be classified into . a.down-top function design b.data-driven design c.top-down function design d.object-oriented design (3)A well-designed system should be . a.easily understood b.reliable c.straightforward to implement d.straightforward to maintain (4)A derivation process for designing a programming system includes stages. a.5 b.4

c.3 d.2 (5)In the early stage of software design we need . a.give a flowchart b.give a set of requirements c.top-down functional design only d.prepare an informal design (6)A good design of software depends on . a.establishing a definitive way b.the application c.the particular project requirements d.efficient code to be produced (7)Software design can be . a.represented in any single notation b.a multi-stage activity c.an iterative activity d.a single-stage activity (8)The tasks being performed by a software engineer are . a.to design communication mechanisms b.to design file structures c.to design data structures d.to derive the design of a programming system

2017年软考软件设计师考试培训指南与大纲

2017年软考软件设计师考试培训指南与大纲 考试内容说明: “(Ⅰ)”、“(Ⅱ)”和“(Ⅲ)”表示掌握或熟悉的程度。 “(Ⅰ)”是指对所列只是要理解其内容及含义理解。 “(Ⅱ)”是指在有关问题中能直接使用一般应用 “(Ⅲ)”是指对所列知识要理解其确切含义及与其它知识的联系,能够进行叙述和解释,并能在实际问题的分析、综合、推理和判断等过程中运用综合应用。 考试科目1 计算机与软件工程知识 1.计算机科学基础知识 1.1.数制及其转换 ●二进制、八进制、十进制和十六进制等常用数制及其相互转换(Ⅱ) 1.2.计算机内数据的表示 ●数的表示 带符号定点数据(纯整数和纯小数)的原码、反码、补码和移码表示(Ⅱ) 浮点数(实数)的表示(Ⅱ) 溢出的概念(Ⅱ) ●非数值表示(字符和汉字表示、声音表示、图像表示)(补充) 1.3.算数运算和逻辑运算 ●计算机中的二进制数运算方法 补码表示下定点数的加、减、乘、除运算方法(Ⅰ) ●逻辑代数的基本运算 基本的逻辑运算与、或、非、异或(Ⅱ) 1.4.其他数学基础知识 ●常用数值计算 矩阵和行列式、近似求解、插值、数值积分、常微分方程等常用的数值运算方法及运算误差的概念(Ⅰ) ●排列组合概率论应用应用统计(数据的统计分析)(Ⅰ) ●编码基础(ASCII码汉字编码奇偶校验海明码霍夫曼码、循环冗余码)奇偶校验码、 海明码、霍夫曼码、循环冗余码的编码方法及指定实例时校验码的计算(Ⅰ)

●命题逻辑、谓词逻辑、形式逻辑的基础知识(Ⅰ) ●运筹基本方法(补充) 2.计算机系统基础知识 2.1.计算机硬件基础知识 2.1.1.计算机系统的组成、体系结构分类及特性 ●CPU、存储器的组成、性能和基本工作原理 CPU的基本组成结构(Ⅰ) 存储器的组成及特点:内存、外存、缓存Cache、闪存(Ⅱ) 存储器的性能指标定义:存取周期、存储容量和可靠性(Ⅱ) ●常用I/O设备、通信设备的性能以及基本工作原理(Ⅰ) ●I/O接口的功能、类型和特性 CPU在与I/O设备进行数据交换时存在的主要问题:速度不匹配、时序不匹配、信息格式不匹配、信息类型不匹配(Ⅰ) CPU与外设之间的数据交换必须通过接口来完成,I/O接口的主要功能(Ⅱ) 接口的控制方式及特点:CPU通过接口对外设进行控制的方式程序查询方式、中断处理方式、DMA(直接存储器存取)传送方式(Ⅱ) ●CISC/RISC流水线操作多处理机并行处理 RISC(精简指令集计算机)和CISC(复杂指令集计算机)的定义和特点(Ⅰ) 流水线的定义及操作特点(Ⅱ) 多处理机的概念(Ⅰ) 单指令流单数据流(SISD)、单指令流多数据流(SIMD)、多指令流单数据流(MISD)、多指令流多数据流(MIMD)的概念和特点(Ⅱ) 并行处理的基本概念(Ⅰ) 2.1.2.存储系统 ●虚拟存储器基本工作原理多级存储体系 虚拟存储器的定义和管理方式(Ⅰ) 多级存储体系的组成及特点(Ⅱ) ●RAID类型和特性 RAID的定义和基本特点 RAID0、RAID7、RAID10、RAID53等规范的特征(Ⅰ)

2019上半年软件设计师下午真题及答案

2019上半年软件设计师下午真题及答案 试题一（共15分） 阅读下列说明和图，回答问题1至问题4,将解答填入答题纸的对应栏内。 【说明】 某学校欲开发一学生跟踪系统，以便更自动化、更全面地对学生在校情况（到课情况和健康状态等）进行管理和追踪，使家长能及时了解子女的到课情况和健康状态，并在有健康问题时及时与医护机构对接。该系统的主要功能是： （1）采集学生状态。通过学生卡传感器，采集学生心率、体温（摄氏度）等健康指标及其所在位置等信息并记录。每张学生卡有唯一的标识（ID）与一个学生对应。 （2）健康状态告警。在学生健康状态出问题时，系统向班主任、家长和医护机构健康服务系统发出健康状态警告，由医护机构健康服务系统通知相关医生进行处理。 （3）到课检查。综合比对学生状态、课表以及所处校园场所之间的信息对学生到课情况进行判定。对旷课学生，向其家长和班主任发送旷课警告。

（4）汇总在校情况。定期汇总在校情况，并将报告发送给家长和班主任。 （5）家长注册。家长注册使用该系统，指定自己子女，存入家长信息，待审核。 （6）基础信息管理。学校管理人员对学生及其所用学生卡和班主任、课表（班级、上课时间及场所等）、校园场所（名称和所在位置区域）等基础信息进行管理；对家长注册申请进行审核，更新家长状态，将家长ID加入学生信息记录中使家长与其子女进行关联，向家长发送注册结果。一个学生至少有一个家长，可以有多个家长。课表信息包括班级、班主任、时间和位置等。 现采用结构化方法对学生跟踪系统进行分析与设计，获得如图1-1所示的上下文数据流图和图1-2所示的0层数据流图。

【问题1】（5分） 使用说明中的词语，给出图1-1中的实体E1?E5的名称。【问题2】（4分） 使用说明中的词语，给出图1-2中的数据存储D1?D4的名称。

2020年全国计算机软考软件设计师英

2020年全国计算机软考软件设计师英 语试题●The Semantic Web is a web of dat a There is lots ofdata we all use every day，and its not part of the(1).I cansee my bank statements on the web，and my photographs，and Ican see my appoint. ments in a calendar.But can I see myphotos in a calendar to see what l was doing when I took them 9. Can I see bank statement lines in a calendar? Why not?Because we don’t have a web of dat a Becausedata is controlled b y (2)，and each application keeps it toitself. The Semantic Web is about two things.It is about commonformats for interchange of(1 3)，where01 the original Web weonly had interchange of documents.Also it is about languagefor recording how the data relates to real world(4).Thatallows a person，or a (5)，to start off in one database，andthen move through an unending set of databases which areconnected not by wires but by being about the same thing. (1) A. life B. WWW C. page D. web (2) A. manager B. applications C. software D. computer (3) A. documents B. pages

历年软考软件设计师答案

2004年上半年软件设计师级答案 上午答案 下午答案 试题一 [问题1] A：传感器：B：报警器 [问题2) 监控传感器、显示信息和状态 [问题3] 1、“读传感器”添加输入数据流“传感器状态” 2、“显示格式”添加输出数据流“TV信号” 3、“拨号”添加输出数据流“电话拨号” [问题4] 逻辑数据流图说明应该具有哪些加工，而不关心这些加工是如何实现的：物理数据流图则要说明加工是如何实现的。 试题二 [问题1] (1)l(2)col(3)row(4)2(5)col(6)row(7)k [问题2] 判断条件1：b 判断条件2：e 判断条件3：f 试题三 [问题1] A：浏览客户信息B：修改个人信息C：登录D：删除客户信息

[问题2] (1)1(2)0..*(3)0..1(4)0..1 [问题3] (1)4种关系的含义： 依赖表示类之间的使用关系。 概括表示一般类和特殊类之间的关系。 关联和聚集都表示实例之间的结构关系。 (2)关联和聚集的区别： 关联指明一个类的对象与另一类的对象间的联系：两个类之间的关联表示了两个同等地位类之间的结构关系，这两个类在概念上是同级别的。 聚集是一种特殊的关联，它表示整体／部分关系。 试题四 (1)JMP LAST (2)SUB GRO，WDT，GR1 (3)ST GR2，BTASC，GR1 (4)ADD GR0，C48 (5)ST GR0，BTASC，GR1 试题五 (1)p&&p->data !＝e 或p&&(*p).data !＝e (2)p->Lchild 或(*p).Lchild (3)s->Rchild 或(*s).Rchild (4)p->Lchild 或(*p).Lchild (5)p==pp->Lchild 或p (*pp).Lchild 试题六 (1)classArray (2)new T[iRsz*iCsz] (3)throw 'e' (4)tBody,iCurrentRow＝i (5)tBody(iRsz，iCs2) 2004下半年软件设计师级试题答案

软考软件设计师教程试题分析加答案

软考软件设计师教程试题分析加答案 软件设计师考试属于全国计算机技术与软件专业技术资格考试（简称计算机软件资格考试）中的一个中级考试。考试不设学历与资历条件，也不论年龄和专业，考生可根据自己的技术水平选择合适的级别合适的资格，但一次考试只能报考一种资格。考试采用笔试形式，考试实行全国统一大纲、统一试题、统一时间、统一标准、统一证书的考试办法。下面是希赛小编整理的软考软件设计师考前必做的练习题。 试题一分析 本题主要考查类图和顺序图。 【问题1】 需要分析此门禁系统的体系结构，根据体系结构的描述来看什么数据放在什么类中最为合适。题目中提到：系统中的每个电控锁都有一个唯一的编号。锁的状态有两种：“已锁住”和“未锁住”。所以Lock中含有锁编号和锁状态这两个属性。又因为题中有：在主机上可以设置每把锁的安全级别以及用户的开锁权限。只有当用户的开锁权限大于或等于锁的安全级并且锁处于“已锁住”状态时，才能将锁打开。因此，Lock中还有锁的安全级别。 【问题2】 首先，（1）、（2）是FingerReader和LockController之间的交互。所以我们看题目中是如何描述他们的交互的。题目中有“指纹采集器将发送一个中断事件给锁控器，锁控器从指纹采集器读取用户的指纹”，所以（1）应填“中断事件”，（2）应填“读取指纹”。（3）是主机与UserInfo的交互，从图2-35中可以看出，UserInfo中存储了用户的指纹信息和开锁权限，所以（3）应是从

UserInfo读取用户的指纹信息和开锁权限。（4）空应填“读取锁的安全级别”。（5）是MainFrame向自己发送的一条消息，从题目中的“主机根据数据库中存储的信息来判断用户是否具有开锁权限，若有且锁当前处于已锁住状态，则将锁打开；否则系统报警”可以看出，主机在得到所有信息后要判断用户是否能开锁，所以（5）应填“判断用户是否能开锁”。 【问题3】 这是纯理论题，请直接阅读参考答案。 试题一参考答案 【问题1】 锁的编号、安全级别、锁的当前状态。 【问题2】 （1）中断事件（2）读取用户指纹 （3）读取用户开锁权限（4）读取锁的安全级别 （5）判断用户是否有权限开锁，或用户是否可以开锁 【问题3】 组装和聚集都表示实例之间的整体/部分关系。组装是聚集的一种形式。 聚集是概念性的，只是区分整体与部分。 组装具有很强的归属关系，而且整体与部分的对象生存周期是一致的。 试题二分析 本题考查的是UML类图和顺序图的基本知识。 【问题1】 由于一个商品分类中可以有多个商品，而一个商品仅仅对应一个商品分类，

软件设计师试题(带答案)

烟台市“东方杯”计算机软件技能竞赛（试题共11页） 2007年月日软件设计师 （考试时间14:00～16:00共120 分钟） 请按下述要求正确填写答题纸 1.将问题答案写在答题纸上，并在指定位置填写准考证号和姓名。 2.答题纸上除填写上述内容外只能写解答。 3.本试卷总分75分，共包括两部分，第一部分为综合知识测试，共45分；第二部分，包括三个题目，共30分。 4.解答时字迹务必清楚，字迹不清时，将不评分。

第一部分：单向选择（每题1分共45分） 试题1、2 某机主存容量为16MB ，cache 容量为16KB ，主存与cache 每块都分为16B 主存与cache 地址变换采用直接映像方法。这种映像方法优点是算法简单，缺点是 （1） 。若访问主存单元为B4AF45H ，而且该单元已经装入cache,则cache 的地址是 （2） 。 供选择的答案： （1）、 A: 转换方法复杂 B: 转换速度较慢 C: cache 利用不充分 D: 转换方法不直观 （2）、 A: 34AFH B: 2F45H C: 4AF5H D: B4AFH 试题3、4 某计算机字长为32位，浮点表示时，阶码占8位，尾数占24位（各包含1位符号位），阶码用补码表示，尾码用原码表示，该浮点数能表示的最大正数是 （3） ，能表示的最小负数是 （4） 。 供选择的答案： （3）、A: ( )23 7122--? B: ()()2371221--?- C: ( )24 7 12 21--?- D: ()237122---? （4）、A: ( )23 7 122 ---? B: ( )()23 7 12 2 1--?- C: ( )24 7 122 --? D: ( )()23 7 12 21---?- 试题5、6 可维护性是评价软件质量的重要方面，系统的可维护性通常包括 （5） ， （6） 维护是为了扩充软件的功能或提高原有软件的性能而进行的维护活动。 供选择的答案： （5）、 A: 可用性和可理解性 B:可修改性、数据独立性和数据一致性 C:可测试性和稳定性 D:可理解性、可修改性和可测试性 （6）、 A:改正性 B:完善性 C:适应性 D:合理性 试题7、8 形式语言是使用来描述模块具体 （7） 的非正式的比较灵活的语言，有点是接近 （8） 供选择的答案： （7）、 A:算法 B:结构 C:行为 D:状态 （8）、 A: 机器语言 B:汇编语言 C:高级语言 D:自然语言

2010年上半年软考软件设计师考试试题及答案

2010 年下半年软件设计师上午试卷 ●在输入输出控制方法中,采用(1)可以使得设备与主存间的数据块传送无需CPU 干预。 (1)A. 程序控制输入输出 B. 中断 C. DMA D. 总线控制 ●若某计算机采用8位整数补码表示数据,则运算(2) 将产生溢出。 (2)A. -127+1 B. -127-1 C. 127+1 D. 127-1 ●若内存容量为4GB,字长为32,则(3) 。 (3)A. 地址总线和数据总线的宽度都为32 B. 地址总线的宽度为30,数据总线的宽度为32 C. 地址总线的宽度为30,数据总线的宽度为8 D. 地址总线的宽度为32,数据总线的宽度为8 (地址单元为0000H～3FFFH, 每个芯片的地址空间连续),则地址单元 0B1FH 所在芯●设用2K×4 位的存储器芯片组成16K×8 位的存储器 片的最小地址编号为 (4) 。 (4)A. 0000H B. 0800 H C. 2000 H D. 2800 H ●编写汇编语言程序时,下列寄存器中程序员可访问的是(5) 。 (5)A. 程序计数器(PC) B. 指令寄存器(IR) C. 存储器数据寄存器(MDR) D. 存储器地址寄存器(MAR) ●正常情况下,操作系统对保存有大量有用数据的硬盘进行(6) 操作时,不会清除有用数据。 (6)A. 磁盘分区和格式化 B.磁盘格式化和碎片整理 C.磁盘清理和碎片整理 D.磁盘分区和磁盘清理 ●如果使用大量的连接请求攻击计算机,使得所有可用的系统资源都被消耗殆尽,最终计算机无法再处理合法用户的请求,这种手段属于(7) 攻击。 (7)A. 拒绝服务 B. 口令入侵 C. 网络监听 D. IP 欺骗 ●ARP 攻击造成网络无法跨网段通信的原因是(8) 。 (8)A. 发送大量A RP 报文造成网络拥塞 B. 伪造网关A RP 报文使得数据包无法发送到网关 C. ARP 攻击破坏了网络的物理连通性 D. ARP 攻击破坏了网关设备 ●下列选项中,防范网络监听最有效的方法是(9) 。 (9)A. 安装防火墙 B. 采用无线网络传输 C. 数据加密 D. 漏洞扫描 ●软件商标权的权利人是指(10) 。 (10)A. 软件商标设计人 B. 软件商标制作人 C. 软件商标使用人 D. 软件注册商标所有人 ●利用(11) 可以对软件的技术信息、经营信息提供保护。 (11)A. 著作权 B. 专利权 C. 商业秘密权 D. 商标权 ●李某在某软件公司兼职,为完成该公司交给的工作,做出了一项涉及计算机程序的发明。李某认为该发明是自己利用业余时间完成的,可以个人名义申请专利。关于此项发明的专利申请权应归属(12) 。 (12)A. 李某 B. 李某所在单位 C. 李某兼职的软件公司 D. 李某和软件公司约定的一方 ●一幅彩色图像(RGB),分辨率为256×512,每一种颜色用8bit 表示,则该彩色图像的数据量为(13) bit。 (13)A. 256×512×8 B. 256×512×3×8 C. 256×512×3/8 D. 256×512×3 ●10000 张分辨率为1024×768 的真彩(32 位)图片刻录到D VD 光盘上,假设每张光盘可以存放4GB 的信息,则需要(14) 张光盘。 (14)A. 7 B. 8 C. 70 D. 71 ●某项目组拟开发一个大规模系统,且具备了相关领域及类似规模系统的开发经验。下列过程模型中, (15) 最适合开发此项目。 (15)A. 原型模型 B. 瀑布模型 C. V 模型 D. 螺旋模型 ●使用PERT 图进行进度安排,不能清晰地描述(16) ,但可以给出哪些任务完成后才能开始另一些任务。下面P ERT 图所示工程从A到K 的关键路径是(17) ,(图中省略了任务的开始和结束时刻)。

软件设计师考试大纲

软考专家谈软考（六） 文章来源：中国计算机技术职业资格网时间：2010-03-18 软件设计师备考分析 软件设计师近几年的考试形式与考核内容已经完全趋于稳定，从2007年至2009年的考试情况分析来看，考核形式与内容变化不大，作为考生应该紧紧扣住2009新大纲，有针对性、有策略地复习。 本文将总结近几年考试的内容分布，给出软件设计师上、下午题目的组成，以帮助考生复习。 1、软件设计师上午试题 分析近三年的考试情况，上午试题的知识点分布如表1所示。 表1近三年上午试题考核内容分布情况 鉴于软件设计师上下午考试的侧重点不同，考生在准备上午考试的时候，需要注意掌握知识面的宽度，由于上午试题出题形式的局限性，必然不会出现

较深的分析与设计类考题，因此考生应该在基本知识上多下工夫。 以数据结构为例，在多次考试中出现了考察考生对栈的理解，其内容无非是栈的操作以及栈的后进先出的特性，上午试题将很难考察栈的具体实现问题。同样，对于面向对象基础知识，更多的是考察面向对象分析、面向对象设计、类、对象、封装、继承、消息等基本概念；而算法则考察各种不同算法的时间和空间复杂度问题。 当然，考生在掌握基本概念的同时，也需要关注基本应用题型，例如很多基本知识结合一些实际的应用小例子，如设计模式、数据结构、程序语言等考核点就曾多次出现。笔者推荐考生参照官方推荐的教材进行复习，因为该教材基本涵盖了所有上午试题内容。 2.软件设计师下午试题 软件设计师下午的考核内容分布如表2所示。 表2近三年下午试题考核内容分布情况 近三年来的下午考题一直都是试题一到试题四是必答题目，试题五至试题七是选答题目，考核形式一直都没有发生变化，但笔者在观察2009年的考试时候出现了两个不同点，值得引起考生的注意： （1）算法与C语言的结合 算法早期的出题多是以伪代码或者流程图的形式出现，但2009年算法已经和C语言结合在一起出题，分析考试大纲，C语言应该是软件设计师必须掌握的内容之一，相信这也是2009新大纲出来后考试出题所作的调整，考生需要注意不仅要掌握算法的原理，还需要掌握算法的具体实现，尤其是使用C语言实现。另外，由于C语言与算法结合出现，意味着C语言本身是否还需要单独考

软考系统架构设计师考试试题举例

软考系统架构设计师考试试题举例 系统架构设计师是软考中的一门高级资格考试，其考试题型有哪些，下面小编就三种不同类型的选题分别举例，希望考生们对考试题型的了解能有一定的帮助。 一选择题 1.在TCP/IP协议分层结构中，SNMP是在(1)协议之上的(2)请求/响应协议。在ISO/OSI/RM基础上的公共管理信息服务/公共管理信息协议CMIS/CMIP是一个完整的网络管理协议族，网络管理应用进程使用OSI参考模型的(3)。 (1) (2)A.异步 B.同步 C.主从 D.面向连接 (3)A.网络层B.传输层C.表示层D.应用层 2.软件产品线主要由(4)和产品集合两部分组成。 (4)A.构件库 B.核心资源 C.体系结构 D.开发组织 二案例分析问答题 阅读以下关于软件体系结构方面的叙述，回答问题1和问题2。 某集团公司要开发一个网络财务程序，使各地员工能在互联网络上进行财务处理和报销。在设计该财务程序的体系结构时，项目组产生了分歧: (1)张工程师认为应该采用客户机/服务器(C/S)结构。各分公司财务部要安装一个软件客户端，通过这个客户端连接到总公司财务部主机。如果员工在外地出差，需要报销帐务的，也需要安装这个客户端才能进行。 (2)李工程师认为应该采用浏览器/服务器(BS)结构，各分公司及出差员工直接通过Windows操作系统自带的IE浏览器就可以连接到总公司的财务部主机。 经过项目组的激烈讨论，最终选用了C/S和B/S混合结构。 [问题1] 请用200字以内的文字简要讨论C/S结构与B/S结构的区别及各自的优点和缺点。 [问题2] 请用200字以内的文字说明如何设计C/S和B/S混合结构，这样设计有什么好处

2018年软件设计师考试真题及答案

2018上半年软件设计师考试真题及答案-下午卷 试题一（共 15 分） 阅读下列说明，将解答填入题纸的对应栏内。 【说明】 某医疗护理机构为老年人或有护理需求者提供专业护理，现欲开发一基于 web 的医疗管理系统，以改善医疗护理效，该系统的主要要功能如下： （1）通用信息查询，客广提交通用信息查询请求，意而通用信表表，返回查询结果 （2）医生聘用。医生提出成／职中申，交由去前行用事事，更新医生表，并给医生反 聘用解聘结果：聊除解聘医生的出诊发排 （3）预约处理。医生安排出诊时向间，存入医生出诊时间表，根据客户提交的预约查询请求，查在职医生及其出诊时间等约所需数据并返同问：创建预约，提交预约请求，在在预约表中新增预约记录，更新所约医生出诊时间并给医生发送约通知给客户反馈预约结果。 （4）药品管理。医生提交处方，根据药品名称从药品数据中查询相关药品库存信息开出药品，更新对应药品的库存以及预约表中的治疗信息；给医生发送“药品已开出”反馈。 （5）报表创建。根据主管提交的报表查询请求（报表类型和时间段），从预的数、通 用信息、药品库存数据、医生以及医生出诊时间中进行查询，生成报表返回给主管. 现采用结构化方法对医疗管理系统进行分析与设计，获得如图 1－1 所示的上下文数据流图和图 1－2 所示的 0 层数据流图。

【问题 1】（3 分） 使用说明中的词语，给出图 1－1 中的实体 E1～E3 的名称。 【问题 2】（5 分） 使用说明中的词语，给出图 1－2 中的数据存储 D1～D5 的名称。 【问题 3）（4 分） 使用说明和图中术语，补充图 1－2 中缺失的数据流及其起点和终点。 【问题 4】（3 分） 使用说明中的词语，说明“预约处理”可以分解为哪些子加工，并说明建模图 1－1和图 1－2 是如何保持数据流图平衡。

历年软考软件设计师真题分析

历年软考软件设计师真题分析 软件设计师近几年的考试形式与考核内容已经完全趋于稳定，从2007年至2009年的考试情况分析来看，考核形式与内容变化不大，作为考生应该紧紧扣住2009新大纲，有针对性、有策略地复习。 本文将总结近几年考试的内容分布，给出软件设计师上、下午题目的组成，以帮助考生复习。 1、软件设计师上午试题 分析近三年的考试情况，上午试题的知识点分布如表1所示。 表1 近三年上午试题考核内容分布情况 鉴于软件设计师上下午考试的侧重点不同，考生在准备上午考试的时候，需要注意掌握知识面的宽度，由于上午试题出题形式的局限性，必然不会出现较深的分析与设计类考题，因此考生应该在基本知识上多下工夫。 以数据结构为例，在多次考试中出现了考察考生对栈的理解，其内容无非是

栈的操作以及栈的后进先出的特性，上午试题将很难考察栈的具体实现问题。同样，对于面向对象基础知识，更多的是考察面向对象分析、面向对象设计、类、对象、封装、继承、消息等基本概念；而算法则考察各种不同算法的时间和空间复杂度问题。 当然，考生在掌握基本概念的同时，也需要关注基本应用题型，例如很多基本知识结合一些实际的应用小例子，如设计模式、数据结构、程序语言等考核点就曾多次出现。笔者推荐考生参照官方推荐的教材进行复习，因为该教材基本涵盖了所有上午试题内容。 2.软件设计师下午试题 软件设计师下午的考核内容分布如表2所示。 表2 近三年下午试题考核内容分布情况 近三年来的下午考题一直都是试题一到试题四是必答题目，试题五至试题七

是选答题目，考核形式一直都没有发生变化，但笔者在观察2009年的考试时候出现了两个不同点，值得引起考生的注意： （1）算法与C语言的结合 算法早期的出题多是以伪代码或者流程图的形式出现，但2009年算法已经和C语言结合在一起出题，分析考试大纲，C语言应该是软件设计师必须掌握的内容之一，相信这也是2009新大纲出来后考试出题所作的调整，考生需要注意不仅要掌握算法的原理，还需要掌握算法的具体实现，尤其是使用C语言实现。另外，由于C语言与算法结合出现，意味着C语言本身是否还需要单独考核的问题，这就需要考生注意本文谈到的第二个注意点。 （2）C语言考题顺序的调整 2009年的考试中，出现了将C语言调整到第七题，而将C++与Java调整为第五题和第六题，笔者认为，顺序的调整应该不是一个随机性的事情，调整的目的极有可能是为了突出C++与Java的重要性，可能是希望考生注意C++与Java题目。如本文第一点所述，因为C已经与算法结合进行了考核，在后续的考题中，C语言单独出题的可能性会有所降低。这样的话，考生就需要在Java 和C++考题上多下工夫，需要详细理解并掌握设计模式与Java或者C++语言的结合问题。 如需了解更多软件设计师考试资讯，请看希赛软考学院！

2018软考软件设计师大纲

注： 2018年上半年考试软件设计师大纲为2009年版新版大纲。参考资料为2016年版修编教材。 大约考试时间为5月26日。 考试说明 1．考试目标 通过本考试的合格人员能根据软件开发项目管理和软件工程的要求，按照系统总体设计规格说明书进行软件设计，编写程序设计规格说明书等相应的文档，组织和指导程序员编写、调试程序，并对软件进行优化和集成测试，开发出符合系统总体设计要求的高质量软件；具有工程师的实际工作能力和业务水平。2．考试要求 (1) 掌握计算机内的数据表示、算术和逻辑运算方法； (2) 掌握相关的应用数学及离散数学基础知识； (3) 掌握计算机体系结构以及各主要部件的性能和基本工作原理； (4) 掌握操作系统、程序设计语言的基础知识，了解编译程序的基本知识； (5) 熟练掌握常用数据结构和常用算法； (6) 熟悉数据库、网络和多媒体的基础知识； (7) 掌握C程序设计语言，以及C++、Java中的一种程序设计语言；

(8) 熟悉软件工程、软件过程改进和软件开发项目管理的基础知识； (9) 掌握软件设计的方法和技术； (10) 了解信息化、常用信息技术标准、安全性，以及有关法律、法规的基础知识； (11) 正确阅读和理解计算机领域的英文资料。 3．考试科目 (1) 计算机与软件工程知识，考试时间为150分钟，笔试，选择题；（75 * 1） (2) 软件设计，考试时间为150分钟，笔试，问答题。（15 * 5） 1.数据流图 2.数据库设计 3.UML分析与设计 4.C语言算法 5.C++程序设计|| Java程序设计 考试科目1：计算机与软件工程知识 1.计算机科学基础知识 1.1 数制及其转换 ·二进制、八进制、十进制和十六进制等常用数制及其相互转换 1.2 计算机内数据的表示 ·数的表示（补码表示，整数和实数的表示，精度和溢出）