2012年408真题及答案解析

2012年全国硕士研究生入学统一考试

计算机科学与技术学科联考

计算机学科专业基础综合试题

一、单项选择题：第1～40小题，每小题2分，共80分。下列每题给出的四个选项中，只有一个选项最符合试题要求。

1．求整数n(n≥0)阶乘的算法如下，其时间复杂度是。

int fact(int n){

if (n<=1) return 1;

return n*fact(n-1);

}

A. O(log2n)

B. O(n)

C. O(nlog2n)

D. O(n2)

2．已知操作符包括…+?、…-?、…*?、…/?、…(?和…)?。将中缀表达式a+b-a*((c+d)/e-f)+g转换为等价的后缀表达式ab+acd+e/f-*-g+时，用栈来存放暂时还不能确定运算次序的操作符，若栈初始时为空，则转换过程中同时保存在栈中的操作符的最大个数是。

A．5 B．7 C．8 D．11

3．若一棵二叉树的前序遍历序列为a, e, b, d, c，后序遍历序列为b, c, d, e, a，则根结点的孩子结点。

A. 只有e

B. 有e、b

C. 有e、c

D. 无法确定

4．若平衡二叉树的高度为6，且所有非叶结点的平衡因子均为1，则该平衡二叉树的结点总数为。

A. 10

B. 20

C. 32

D. 33

5．对有n个结点、e条边且使用邻接表存储的有向图进行广度优先遍历，其算法时间复杂度是。

A．O(n) B．O(e) C．O(n+e) D．O(n*e)

6．若用邻接矩阵存储有向图，矩阵中主对角线以下的元素均为零，则关于该图拓扑序列的结论是。

A．存在，且唯一B．存在，且不唯一

C．存在，可能不唯一D．无法确定是否存在

7．对如下有向带权图，若采用迪杰斯特拉（Dijkstra）算法求从源点a到其他各顶点的最短路径，则得到的第一条最短路径的目标顶点是b，第二条最短路径的目标顶点是c，后续得到的其余各最短路径的目标顶点依次是。

A．d,e,f B．e,d,f C．f,d,e D．f,e,d

8．下列关于最小生成树的叙述中，正确的是。

Ⅰ．最小生成树的代价唯一

Ⅱ．所有权值最小的边一定会出现在所有的最小生成树中

Ⅲ．使用普里姆（Prim）算法从不同顶点开始得到的最小生成树一定相同

Ⅳ．使用普里姆算法和克鲁斯卡尔（Kruskal）算法得到的最小生成树总不相同

A．仅ⅠB．仅ⅡC．仅Ⅰ、ⅢD．仅Ⅱ、Ⅳ

9．已知一棵3阶B-树，如下图所示。删除关键字78得到一棵新B-树，其最右叶结点中的关键字是。

A．60 B．60, 62 C．62, 65 D．65

10．在内部排序过程中，对尚未确定最终位置的所有元素进行一遍处理称为一趟排序。下列排序方法中，每一趟排序结束都至少能够确定一个元素最终位置的方法是

Ⅰ．简单选择排序Ⅱ．希尔排序Ⅲ．快速排序

Ⅳ．堆排序Ⅴ．二路归并排序

A．仅Ⅰ、Ⅲ、ⅣB．仅Ⅰ、Ⅲ、Ⅴ

C．仅Ⅱ、Ⅲ、ⅣD．仅Ⅲ、Ⅳ、Ⅴ

11．对一待排序序列分别进行折半插入排序和直接插入排序，两者之间可能的不同之处是。

A．排序的总趟数B．元素的移动次数

C．使用辅助空间的数量D．元素之间的比较次数

12．假定基准程序A在某计算机上的运行时间为100秒，其中90秒为CPU时间，其余为I/O时间。若CPU速度提高50%，I/O速度不变，则运行基准程序A所耗费的时间是。

A．55秒B．60秒C．65秒D．70秒

13．假定编译器规定int和short型长度分别为32位和16位，执行下列C语言语句：

unsigned short x=65530;

unsigned int y=x;

得到y的机器数为。

A．0000 7FFAH B．0000 FFFAH C．FFFF 7FFAH D．FFFF FFFAH

14．float类型（即IEEE754单精度浮点数格式）能表示的最大正整数是。

A．2126-2103B．2127-2104C．2127-2103D．2128-2104

15．某计算机存储器按字节编址，采用小端方式存放数据。假定编译器规定int型和short型长度分别为32位和16位，并且数据按边界对齐存储。某C语言程序段如下：

struct{

int a;

char b;

short c;

} record;

record.a=273;

若record变量的首地址为0xC008，则地址0xC008中内容及record.c的地址分别为。

A. 0x00、0xC00D

B. 0x00、0xC00E

C. 0x11、0xC00D

D. 0x11、0xC00E

16．下列关于闪存（Flash Memory）的叙述中，错误的是。

A．信息可读可写，并且读、写速度一样快

B．存储元由MOS管组成，是一种半导体存储器

C．掉电后信息不丢失，是一种非易失性存储器

D．采用随机访问方式，可替代计算机外部存储器

17．假设某计算机按字编址，Cache有4个行，Cache和主存之间交换的块大小为1个字。若Cache 的内容初始为空，采用2路组相联映射方式和LRU替换策略。访问的主存地址依次为0,4,8,2,0,6,8,6,4,8时，命中Cache的次数是。

A. 1

B. 2

C. 3

D. 4

18．某计算机的控制器采用微程序控制方式，微指令中的操作控制字段采用字段直接编码法，共有33个微命令，构成5个互斥类，分别包含7、3、12、5和6个微命令，则操作控制字段至少有。

A. 5位

B. 6位

C. 15位

D. 33位

19．某同步总线的时钟频率为100MHz，宽度为32位，地址/数据线复用，每传输一个地址或数据占用一个时钟周期。若该总线支持突发（猝发）传输方式，则一次“主存写”总线事务传输128位数据所需要的时间至少是。

A. 20ns

B. 40ns

C. 50ns

D.80ns

20．下列关于USB总线特性的描述中，错误的是。

A. 可实现外设的即插即用和热拔插

B. 可通过级联方式连接多台外设

C. 是一种通信总线，连接不同外设

D. 同时可传输2位数据，数据传输率高

21．下列选项中，在I/O总线的数据线上传输的信息包括。

Ⅰ．I/O接口中的命令字Ⅱ．I/O接口中的状态字Ⅲ．中断类型号

A．仅Ⅰ、ⅡB．仅Ⅰ、ⅢC．仅Ⅱ、ⅢD．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ

22．响应外部中断的过程中，中断隐指令完成的操作，除保护断点外，还包括。

Ⅰ．关中断Ⅱ．保存通用寄存器的内容Ⅲ．形成中断服务程序入口地址并送PC

A．仅Ⅰ、ⅡB．仅Ⅰ、ⅢC．仅Ⅱ、ⅢD．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ

23．下列选项中，不可能在用户态发生的事件是。

A．系统调用B．外部中断C．进程切换D．缺页

24．中断处理和子程序调用都需要压栈以保护现场，中断处理一定会保存而子程序调用不需要保存其内容的是。

A．程序计数器B．程序状态字寄存器

C．通用数据寄存器D．通用地址寄存器

25．下列关于虚拟存储器的叙述中，正确的是。

A．虚拟存储只能基于连续分配技术B．虚拟存储只能基于非连续分配技术

C．虚拟存储容量只受外存容量的限制D．虚拟存储容量只受内存容量的限制

26．操作系统的I/O子系统通常由四个层次组成，每一层明确定义了与邻近层次的接口。其合理的层次组织排列顺序是。

A．用户级I/O软件、设备无关软件、设备驱动程序、中断处理程序

B．用户级I/O软件、设备无关软件、中断处理程序、设备驱动程序

C．用户级I/O软件、设备驱动程序、设备无关软件、中断处理程序

D．用户级I/O软件、中断处理程序、设备无关软件、设备驱动程序

27．假设5个进程P0、P1、P2、P3、P4共享三类资源R1、R2、R3，这些资源总数分别为18、6、22。T0

A. P0, P2, P4, P1, P3

B. P1, P0, P3, P4, P2

C. P2, P1, P0, P3, P4

D. P3, P4, P2, P1, P0

28．若一个用户进程通过read系统调用读取一个磁盘文件中的数据，则下列关于此过程的叙述中，正确的是。

Ⅰ．若该文件的数据不在内存，则该进程进入睡眠等待状态

Ⅱ．请求read系统调用会导致CPU从用户态切换到核心态

Ⅲ．read系统调用的参数应包含文件的名称

A. 仅Ⅰ、Ⅱ

B. 仅Ⅰ、Ⅲ

C. 仅Ⅱ、Ⅲ

D. Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ

29．一个多道批处理系统中仅有P1和P2两个作业，P2比P1晚5ms到达，它们的计算和I/O操作顺序如下：

P1：计算60ms，I/O 80ms，计算20ms

P2：计算120ms，I/O 40ms，计算40ms

若不考虑调度和切换时间，则完成两个作业需要的时间最少是。

A．240ms B．260ms C．340ms D．360ms

30．若某单处理器多进程系统中有多个就绪态进程，则下列关于处理机调度的叙述中，错误的是。

A．在进程结束时能进行处理机调度

B．创建新进程后能进行处理机调度

C．在进程处于临界区时不能进行处理机调度

D．在系统调用完成并返回用户态时能进行处理机调度

31．下列关于进程和线程的叙述中，正确的是。

A．不管系统是否支持线程，进程都是资源分配的基本单位

B．线程是资源分配的基本单位，进程是调度的基本单位

C．系统级线程和用户级线程的切换都需要内核的支持

D．同一进程中的各个线程拥有各自不同的地址空间

32．下列选项中，不能改善磁盘设备I/O性能的是。

A．重排I/O请求次序B．在一个磁盘上设置多个分区

C．预读和滞后写D．优化文件物理块的分布

33．在TCP/IP体系结构中，直接为ICMP提供服务的协议是。

A．PPP B．IP C．UDP D．TCP

34．在物理层接口特性中，用于描述完成每种功能的事件发生顺序的是。

A．机械特性B．功能特性C．过程特性D．电气特性

35．以太网的MAC协议提供的是。

A．无连接不可靠服务B．无连接可靠服务

C．有连接不可靠服务D．有连接可靠服务

36．两台主机之间的数据链路层采用后退N帧协议（GBN）传输数据，数据传输速率为16 kbps，单向传播时延为270ms，数据帧长度范围是128~512字节，接收方总是以与数据帧等长的帧进行确认。

为使信道利用率达到最高，帧序号的比特数至少为 。

A ．5

B ．4

C ．3

D ．2

37．下列关于IP 路由器功能的描述中，正确的是 。 Ⅰ．运行路由协议，设备路由表 Ⅱ．监测到拥塞时，合理丢弃IP 分组

Ⅲ．对收到的IP 分组头进行差错校验，确保传输的IP 分组不丢失 Ⅳ．根据收到的IP 分组的目的IP 地址，将其转发到合适的输出线路上 A ．仅Ⅲ、Ⅳ B ．仅Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ C ．仅Ⅰ、Ⅱ、Ⅳ

D ．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ

38． ARP 协议的功能是 。

A ．根据IP 地址查询MAC 地址

B ．根据MA

C 地址查询IP 地址 C ．根据域名查询IP 地址

D ．根据IP 地址查询域名

39．某主机的IP 地址为180.80.77.55，子网掩码为255.255.252.0。若该主机向其所在子网发送广播分组，则目的地址可以是 。

A ．180.80.76.0

B ．180.80.76.255

C ．180.80.77.255

D ．180.80.79.255

40．若用户1与用户2之间发送和接收电子邮件的过程如下图所示，则图中①、②、③阶段分别使用的应用层协议可以是 。

用户

1

用户1的用户2的A ．SMTP 、SMTP 、SMTP B ．POP3、SMTP 、POP3 C ．POP3、SMTP 、SMTP

D ．SMTP 、SMTP 、POP3

二、综合应用题：第41～47题，共70分。

41．设有6个有序表A 、B 、C 、D 、E 、F ，分别含有10、35、40、50、60和200个数据元素，各表中元素按升序排列。要求通过5次两两合并，将6个表最终合并成1个升序表，并在最坏情况下比较的总次数达到最小。请问答下列问题。

1）给出完整的合并过程，并求出最坏情况下比较的总次数。

2）根据你的合并过程，描述N （N ≥2）个不等长升序表的合并策略，并说明理由。

42．假定采用带头结点的单链表保存单词，当两个单词有相同的后缀时，则可共享相同的后缀存储空间，例如，“loading”和“being”的存储映像如下图所示。

设str1和str2

分别指向两个单词所在单链表的头结点，链表结点结构为，请设计一个时间上尽可能高效的算法，找出由str1和str2所指向两个链表共同后缀的起始位置（如图中字符i 所在结点的位置p ）。要求：

1）给出算法的基本设计思想。

2）根据设计思想，采用C 或C++或JAVA 语音描述算法，关键之处给出注释。 3）说明你所设计算法的时间复杂度。

43．假定某计算机的CPU 主频为80MHz ，CPI 为4，平均每条指令访存1.5次，主存与Cache 之间

交换的块大小为16B，Cache的命中率为99%，存储器总线宽带为32位。请回答下列问题。

1）该计算机的MIPS数是多少？平均每秒Cache缺失的次数是多少？在不考虑DMA传送的情况下，主存带宽至少达到多少才能满足CPU的访存要求？

2）假定在Cache缺失的情况下访问主存时，存在0.0005%的缺页率，则CPU平均每秒产生多少次缺页异常？若页面大小为4KB，每次缺页都需要访问磁盘，访问磁盘时DMA传送采用周期挪用方式，磁盘I/O接口的数据缓冲寄存器为32位，则磁盘I/O接口平均每秒发出的DMA请求次数至少是多少？

3）CPU和DMA控制器同时要求使用存储器总线时，哪个优先级更高？为什么？

4）为了提高性能，主存采用4体低位交叉存储模式，工作时每1/4个存储周期启动一个体。若每个体的存储周期为50ns，则该主存能提供的最大带宽是多少？

44．某16位计算机中，带符号整数用补码表示，数据Cache和指令Cache分离。题44表给出了指令系统中部分指令格式，其中Rs和Rd表示寄存器，mem表示存储单元地址，（x）表示寄存器x或存储单元x的内容。

表指令系统中部分指令格式

该计算机采用5段流水方式执行指令，各流水段分别是取指（IF）、译码/读寄存器（ID）、执行/计算有效地址（EX）、访问存储器（M）和结果写回寄存器（WB），流水线采用“按序发射，按序完成”方式，没有采用转发技术处理数据相关，并且同一个寄存器的读和写操作不能在同一个时钟周期内进行。请回答下列问题：

1）若int型变量x的值为-513，存放在寄存器R1中，则执行指令“SHL R1”后，R1的内容是多少？（用十六进制表示）

2）若某个时间段中，有连续的4条指令进入流水线，在其执行过程中没有发生任何阻塞，则执行这4条指令所需的时钟周期数为多少？

3）若高级语言程序中某赋值语句为x=a+b，x、a和b均为int型变量，它们的存储单元地址分别表示为[x]、[a]和[b]。该语句对应的指令序列及其在指令流水线中的执行过程如下图所示。

I1 LOAD R1，[a]

I2 LOAD R2，[b]

I3 ADD R1，R2

I4 STORE R2，[x]

图指令序列及其执行过程示意图

则这4条指令执行过程中，I3的ID段和I4的IF段被阻塞的原因各是什么？

4）若高级语言程序中某赋值语句为x=x*2+a，x和a均为unsigned int类型变量，它们的存储单元

地址分别表示为[x]、[a]，则执行这条语句至少需要多少个时钟周期？要求模仿题44图画出这条语句对应的指令序列及其在流水线中的执行过程示意图。

45．某请求分页系统的局部页面置换策略如下：

系统从0时刻开始扫描，每隔5个时间单位扫描一轮驻留集（扫描时间忽略不计），本轮没有被访问过的页框将被系统回收，并放入到空闲页框链尾，其中内容在下一次分配之前不被清空。当发生缺页时，如果该页曾被使用过且还在空闲页链表中，则重新放回进程的驻留集中；否则，从空闲页框链表头部取出一个页框。

假设不考虑其它进程的影响和系统开销。初始时进程驻留集为空。目前系统空闲页框链表中页框号

依次为32、15、21、41。进程P依次访问的<虚拟页号，访问时刻>是：<1,1>、<3,2>、<0,4>、<0,6>、<1,11>、<0,13>、<2,14>。请回答下列问题。

1）访问<0,4>时，对应的页框号是什么？

2）访问<1,11>时，对应的页框号是什么？说明理由。

3）访问<2,14>时，对应的页框号是什么？说明理由。

4）该策略是否适合于时间局部性好的程序？说明理由。

46．某文件系统空间的最大容量为4TB（1TB=240），以磁盘块为基本分配单位。磁盘块大小为1KB。

文件控制块（FCB）包含一个512B的索引表区。请回答下列问题。

1）假设索引表区仅采用直接索引结构，索引表区存放文件占用的磁盘块号，索引表项中块号最少占

多少字节？可支持的单个文件最大长度是多少字节？

2）假设索引表区采用如下结构：第0~7字节采用<起始块号，块数>格式表示文件创建时预分配的

连续存储空间，其中起始块号占6B，块数占2B；剩余504字节采用直接索引结构，一个索引项占6B，则可支持的单个文件最大长度是多少字节？为了使单个文件的长度达到最大，请指出起始块号和块数分别所占字节数的合理值并说明理由。

47．主机H通过快速以太网连接Internet，IP地址为192.168.0.8，服务器S的IP地址为211.68.71.80。

H与S使用TCP通信时，在H上捕获的其中5个IP分组如题47-a表所示。

题47-a表

回答下列问题。

1）题47-a表中的IP分组中，哪几个是由H发送的？哪几个完成了TCP连接建立过程？哪几个在

通过快速以太网传输时进行了填充？

2）根据题47-a表中的IP分组，分析S已经收到的应用层数据字节数是多少？

3）若题47-a表中的某个IP分组在S发出时的前40字节如题47-b表所示，则该IP分组到达H时

经过了多少个路由器？

题47-b表

IP TCP47-a47-b

题47-a图IP分组头结构

题47-b图TCP段头结构

2012年计算机学科专业基础综合试题参考答案

一、单项选择题

（一）单选题答案

1． B 2． A 3． A 4． B 5． C 6． C 7． C 8． A

9． D 10． A 11． D 12． D 13． B 14． D 15． D 16． A

17． C 18． C 19． C 20． D 21． D 22． B 23． C 24． B

25． B 26． A 27． D 28． A 29． B 30． C 31． A 32． B

33． B 34． C 35． A 36． B 37． C 38． A 39． D 40． D

（二）单选题答案解析

1．考查时间复杂度的计算。

该程序中使用了递归运算。本题中递归的边界条件是n<=1，每调用一次fact()，传入该层fact()的参数值减1（注意不是n减1），因此执行频率最高的语句是return n*fact(n-1)，一共执行了n-1次，而每一层fact(i)运算只包含一次乘法。如果采用递归式来表示时间复杂度，则：

时间复杂度为O(n)。

2．考查栈的应用、表达式求值。

表达式求值是栈的典型应用。通常涉及中缀表达式和后缀表达式。中缀表达式不仅依赖运算符的优先级，还要处理括号。后缀表达式的运算符在表达式的后面且没有括号，其形式已经包含了运算符的优先级。所以从中缀表达式转换到后缀表达式需要用运算符栈对中缀表达式进行处理，使其包含运算法优先级的信息，从而转换为后缀表达式的形式。转换过程如下表：

前序序列和后序序列不能唯一确定一棵二叉树，但可以确定二叉树中结点的祖先关系：当两个结点的前序序列为XY与后序序列为YX时，则X为Y的祖先。考虑前序序列a,e,b,d,c、后序序列b,c,d,e,a，可知a为根结点，e为a的孩子结点；此外，a的孩子结点的前序序列e,b,d,c、后序序列b,c,d,e，可知e 是bcd的祖先，故根结点的孩子结点只有e。本题答案为A。

【特殊法】前序序列和后序序列对应着多棵不同的二叉树树形，我们只需画出满足该条件的任一棵二叉树即可，任意一棵二叉树必定满足正确选项的要求。

a ）

b ）

显然选A ，最终得到的二叉树满足题设中前序序列和后序序列的要求。

4．考查平衡二叉树的最少结点情况。

所有非叶结点的平衡因子均为1，即平衡二叉树满足平衡的最少结点情况，如图xxx 所示。画图时，先画出T 1和T 2；然后新建一个根结点，连接T 2、T 1构成T 3；新建一个根结点，连接T 3、T 2构成T 4；……依此类推，直到画出T 6，可知T 6的结点数为20。对于高度为N 的题述的平衡二叉树，它的左、右子树分别为高度为N-1和N-2的所有非叶结点的平衡因子均为1的平衡二叉树。二叉树的结点总数公式为：C N =C N-1+C N-2+1

，C 2=2，C 3=4，递推可得C 6=20。

【排除法】 对于选项A ，高度为6、结点数为10的树怎么也无法达到平衡。对于选项C ，接点较多时，考虑较极端情形，即第6层只有最左叶子的完全二叉树刚好有32个结点，虽然满足平衡的条件，但显然再删去部分结点，依然不影响平衡，不是最少结点的情况。同理D 错误。只可能选B 。

5．考查不同存储结构的图遍历算法的时间复杂度。

广度优先遍历需要借助队列实现。邻接表的结构包括：顶点表；边表（有向图为出边表）。当采用邻接表存储方式时，在对图进行广度优先遍历时每个顶点均需入队一次（顶点表遍历），故时间复杂度为O(n)，在搜索所有顶点的邻接点的过程中，每条边至少访问一次（出边表遍历），故时间复杂度为O(e)，算法总的时间复杂度为O(n+e)。

6．考查拓扑排序、与存储结构和图性质的关系。

对角线以下元素均为零，表明该有向图是一个无环图，因此一定存在拓扑序列。对于拓扑序列是否唯一，我们试举一例：设有向图的邻接矩阵011000000??????

????

，则存在两个拓扑序列。所以该图存在可能不唯一的拓扑排序。

结论：对于任一有向图，如果它的邻接矩阵中对角线以下（或以上）的元素均为零，则存在拓扑序列（可能不唯一）。反正，若图存在拓扑序列，却不一定能满足邻接矩阵中主对角线以下的元素均为零，但是可以通过适当地调整结点编号，使其邻接矩阵满足前述性质。

7．考查Dijkstra 算法最单源最短路径。 从a 到各顶点的最短路径的求解过程：

后续目标顶点依次为f,d,e，

【排除法】对于A，若下一个顶点为d，路径a,b,d的长度5，而a,b,c,f的长度仅为4，显然错误。同理可以排除B。将f加入集合S后，采用上述的方法也可以排除D。

8．考查最小生成树、及最小生成树算法的性质。

对于I，最小生成树的树形可能不唯一（这是因为可能存在权值相同的边），但是代价一定是唯一的，I正确。对于II，如果权值最小的边有多条并且构成环状，则总有权值最小的边将不出现在某棵最小生成树中，II错误。对于III，设N个结点构成环，N-1条边权值相等，则从不同的顶点开始普里姆算法会得到N-1中不同的最小生成树，III错误。对于IV，当最小生成树唯一时（各边的权值不同），普里姆算法和克鲁斯卡尔算法得到的最小生成树相同，IV错误。

9．考查B-树的删除操作。

对于上图所示的3阶B-树，被删关键字78所在结点在删除前的关键字个数=1=?3/2?-1，且其左兄弟结点的关键字个数=2≥?3/2?，属于“兄弟够借”的情况，则需把该结点的左兄弟结点中最大的关键字上移到双亲结点中，同时把双亲结点中大于上移关键字的关键字下移到要删除关键字的结点中，这样就达到了新的平衡，如下图所示。

10．考查各种内部排序算法的性质。

对于Ⅰ，简单选择排序每次选择未排序列中的最小元素放入其最终位置。对于Ⅱ，希尔排序每次是对划分的子表进行排序，得到局部有序的结果，所以不能保证每一趟排序结束都能确定一个元素的最终位置。对于Ⅲ，快速排序每一趟排序结束后都将枢轴元素放到最终位置。对于Ⅳ，堆排序属于选择排序，每次都将大根堆的根结点与表尾结点交换，确定其最终位置。对于Ⅴ，二路归并排序每趟对子表进行两两归并从而得到若干个局部有序的结果，但无法确定最终位置。

11．考查折半插入和直接插入的区别。

折半插入排序与直接插入排序都是将待插入元素插入前面的有序子表，区别是：确定当前记录在前面有序子表中的位置时，直接插入排序是采用顺序查找法，而折半插入排序是采用折半查找法。排序的总趟数取决于元素个数n，两者都是n-1趟。元素的移动次数都取决于初试序列，两者相同。使用辅助空间的数量也都是O(1)。折半插入排序的比较次数与序列初态无关，为O(nlog2n)；而直接插入排序的比较次数与序列初态有关，为O(n)~O(n2)。

12．考查计算机性能指标的计算。

程序A的运行时间为100秒，除去CPU运行时间90秒，剩余10秒为I/O时间。CPU提速后运行基准程序A所耗费的时间是T=90/1.5+10=70秒。

【误区】CPU速度提高50%，则CPU运行时间减少一半。错误！

13．考查C语言中的类型转换。

将一个16位unsigned short转换成一个32位的unsigned int，新表示形式的所有附加位都用0进行填充。X的16进制表示为FFFA，所以y的十六进制表示为0000 FFFA。

14.考查IEEE754浮点数的性质。

IEEE 754标准的单精度浮点数，是尾数采用隐藏位策略的原码表示，且阶码用移码表示的浮点数。规格化的短浮点数的真值为：(-1)S×1.f×2E-127，S为符号位，E的取值为1～254（8位表示），f为23位；故float类型能表示的最大整数是1.111…1×2254-127=2127×(2-2-23)= 2128-2104。

15．考查字符串的存储方式。

计算机存储器按字节编址，采用小端方式存放数据，即以数据的最低有效字节地址表示数据地址。在存储器中，数据结构按边界对齐方式顺序存储，因此int型数据的地址必须是4的倍数，short型数据地址必须是2的倍数。所以record.c的地址不可能为0xC00D。而273的十六进制表示为0x00000111，故地址0xC008中内容应为低字节0x11，如下表所示。

16．考查闪存（Flash Memory）的性质。

闪存是EEPROM的进一步发展，可读可写，用MOS管的浮栅上有无电荷来存储信息，它依然是ROM的一种，故写速度比读速度要慢不少（硬件常识）。闪存是一种非易失性存储器，它采用随机访问方式。现在常见的SSD固态硬盘，即由Flash芯片组成。

17．考查组相联映射的Cache置换过程。

地址映射采用2路组相联，则主存地址为0~1、4~5、8~9可映射到第0组Cache中，主存地址为2~3、

18．考查微指令的编码方式。

操作控制字段采用字段直接编码法，将微命令字段分成若干个小字段，互斥类微命令可组合在同一字段。根据微命令字段分段的原则：①互斥性微命令分在同一段内，相容性微命令分在不同段内；②一般每个小段要留出一个状态，表示本字段不发出任何微命令。5个互斥类分别需要3、2、4、3、3共15位。

19．考查总线传输性能的计算。

总线频率为100MHz，则时钟周期为10ns。总线宽度与存储字长都是32位，故每次传送一个32位存储字。猝发式发送可以连续传送地址连续的数据。故总的传送时间为：传送地址10ns，传送128位数据40ns，共需50ns。

20．考查USB总线的特性（常识）。

USB总线（通用串行总线）的特点有：①即插即用；②热插拨；③有很强的连接能力，采用菊花链形式将所有外设连接起来，且不损失带宽；④有很好的可扩充性，一个USB控制器可扩充高达127个外部周边USB设备；⑤高速传输，速度可达480Mbps。所以A、B、C都符合USB总线的特点。对于选项D，USB是串行总线，不能同时传输两位数据。

21．考查I/O总线的特点。

I/O接口与CPU之间的I/O总线有数据线、命令线和地址线。命令线和地址线都是单向传输的，从CPU传送给I/O接口，而I/O接口中的命令字、状态字以及中断类型号均是由I/O接口发往CPU的，故

只能通过I/O总线的数据线传输。

22．考查中断隐指令。

在响应外部中断的过程中，中断隐指令完成的操作包括：①关中断；②保护断点；③引出中断服务程序（形成中断服务程序入口地址并送PC），所以只有Ⅰ、Ⅲ正确。Ⅱ中的保存通用寄存器的内容是在进入中断服务程序后首先进行的操作。

23．考查用户态和和心态。

本题关键在于对“在用户态发生”（不是“完成”）的理解。对于A，系统调用是操作系统提供给用户程序的接口，调用程序发生在用户态，被调用程序在核心态下执行。对于B，外部中断是用户态到核心态的“门”，也是发生在用户态，在核心态完成中断过程。对于C，进程切换属于系统调用执行过程中的事件，只能发生在核心态；对于D，缺页产生后，在用户态发生缺页中断，然后进入核心态执行缺页中断服务程序。

24．考查中断处理和子程序调用的区别。

子程序调用只需保护断点，即该指令的下一条指令的地址；中断调用子程序不仅要保护断点，还要保护程序状态字寄存器的内容PSW（有些机器也称标志寄存器FLAGS）。

25．考查虚拟存储器的特点。

虚拟内存的实现需要建立在离散分配的内存管理方式的基础上，有以下三种实现方式：①请求分页存储管理；②请求分段存储管理；③请求段页式存储管理。虚拟存储器容量既不受外存容量限制，也不受内存容量限制，而是由CPU的寻址范围决定的。

26．考查I/O子系统的层次结构。

输入/输出软件一般从上到下分为四个层次：用户层、与设备无关的软件层、设备驱动程序以及中断处理程序。与设备无关的软件层也就是系统调用的处理程序。

27.考查安全序列的计算。

首先求得各进程的需求矩阵Need与可利用资源矢量Available：

初始时进程P1与P3可满足需求，排除A、C。尝试给P1分配资源，则P1完成后Available将变为（6,3,6），无法满足P0的需求，排除B。尝试给P3分配资源，则P3完成后Available将变为（4,3,7），该向量能满足其他所有进程的需求。所以，以P3开头的所有序列都是安全序列。

28．考查read系统调用的过程与特点。

对于Ⅰ，当所读文件的数据不在内存时，产生中断（缺页中断、缺段中断），原进程进入阻塞状态（睡眠等待状态），直到所需数据从外存调入进入内存后，将该进程唤醒，使其变为就绪状态。对于Ⅱ，read 系统调用通过陷入将CPU从用户态切换到核心态，从而获取操作系统提供的服务。对于Ⅲ，在操作系统中，要读一个文件首先要用open系统调用将该文件打开。open系统调用的参数需要包含文件的路径名与文件名，而read系统调用只需要使用open返回的文件描述符，并不使用文件名作为参数。read系统调用要求用户提供三个输入参数：①文件描述符fd；②buf缓冲区首址；③传送的字节数n。read系统调用的功能是试图从fd所指示的文件中读入n 个字节的数据，并将它们送至由指针buf所指示的缓冲区中。

29．考查批处理系统的性能计算。

由于P2比P1晚5ms到达，P1先占用CPU，作业运行的甘特图如下：

t/ms

30．考查处理机调度的时机。

选项A、B、D显然是可以进行处理机调度的情况。对于C，当进程处于临界区时，说明进程正在占用处理机，只要不破坏临界资源的使用规则，是不会影响处理机调度的，比如，通常访问临界资源可能是慢速的外设（如打印机），如果在进程访问打印机时，不能处理机调度，那么系统的性能将是非常低的。几种不适合进行处理机调度的情况：①在处理中断的过程中；②进程在操作系统内核程序临界区中；③其他需要完全屏蔽中断的原子操作过程中。

31．考查进程与线程的区别与联系。

在用户级线程中，有关线程管理的所有工作都由应用程序完成，无需内核的干预，内核意识不到线程的存在。关于进程和线程的其他区别见下表所示：

对于A，重排I/O请求次序也就是进行I/O调度，从而使进程之间公平地共享磁盘访问，减少I/O 完成所需要的平均等待时间。对于C，缓冲区结合预读和滞后写技术对于具有重复性及阵发性的I/O进程改善磁盘I/O性能很有帮助。对于D，优化文件物理块的分布可以减少寻找时间与延迟时间，从而提高磁盘性能。

33.考查ICMP协议的特点。

ICMP是网络层协议，ICMP报文作为数据字段封装在IP分组中。

34．考查物理层的接口特性。

过程特性定义了各条物理线路的工作过程和时序关系。

35．考查以太网MAC协议。

考虑到局域网信道质量好，以太网采取了两项重要的措施以使通信更简便：①采用无连接的工作方式；②不对发送的数据帧进行编号，也不要求对方发回确认。因此，以太网提供的服务是不可靠的服务，即尽最大努力交付。差错的纠正由高层完成。

36.考查GBN协议。

本题主要求解的是从发送一个帧到接收到这个帧的确认为止的时间内最多可以发送多少数据帧。要尽可能多发帧，应以短的数据帧计算，因此首先计算出发送一帧的时间：128*8/(16*103)=64ms；发送一帧到收到确认为止的总时间：64+270*2+64=668ms；这段时间总共可以发送668/64=10.4（帧），发送这么多帧至少需要用4位比特进行编号。

37.考查IP路由器的功能。

Ⅰ、Ⅳ显然是IP路由器的功能。对于Ⅱ，当路由器监测到拥塞时，可合理丢弃IP分组，并向发出

该IP分组的源主机发送一个源点抑制的ICMP报文。对于Ⅲ，路由器对收到的IP分组首部进行差错检验，丢弃有差错首部的报文，但不保证IP分组不丢失。

38.考查ARP协议的功能。

在实际网络的数据链路层上传送数据时，最终必须使用硬件地址，ARP协议是将网络层的IP地址解析为数据链路层的MAC地址。

39．考查IP地址的特点。

由子网掩码可知前22位为子网号、后10位为主机号。IP地址的第3个字节为01001101（下划线为子网号的一部分），将主机号全置为1，可得广播地址为180.80.79.255。

40．考查电子邮件中的协议。

SMTP采用“推”的通信方式，用于用户代理向邮件服务器发送邮件、以及邮件服务器之间发送邮件。POP3采用“拉”的通信方式，用于用户从目的邮件服务器上读取邮件。

二、综合应用题

41．解答：

本题同时对多个知识点进行了综合考查。对有序表进行两两合并考查了归并排序中的Merge()函数；对合并过程的设计考查了哈夫曼树和最佳归并树。外部排序属于大纲新增考点。

1）对于长度分别为m，n的两个有序表的合并，最坏情况下是一直比较到两个表尾元素，比较次数为m+n-1次。故，最坏情况的比较次数依赖于表长，为了缩短总的比较次数，根据哈夫曼树（最佳归并树）思想的启发，可采用如图所示的合并顺序。

根据上图中的哈夫曼树，6个序列的合并过程为：

第1次合并：表A与表B合并，生成含有45个元素的表AB；

第2次合并：表AB与表C合并，生成含有85个元素的表ABC；

第3次合并：表D与表E合并，生成含有110个元素的表DE；

第4次合并：表ABC与表DE合并，生成含有195个元素的表ABCDE；

第5次合并：表ABCDE与表F合并，生成含有395个元素的最终表。

由上述分析可知，最坏情况下的比较次数为：第1次合并，最多比较次数=10+35-1=44；第2次合并，最多比较次数=45+40-1=84；第3次合并，最多比较次数=50+60-1=109；第4次合并，最多比较次数=85+110-1=194；第5次合并，最多比较次数=195+200-1=394。

故，比较的总次数最多为：44+84+109+194+394=825

2）各表的合并策略是：在对多个有序表进行两两合并时，若表长不同，则最坏情况下总的比较次数依赖于表的合并次序。可以借用哈夫曼树的构造思想，依次选择最短的两个表进行合并，可以获得最坏情况下最佳的合并效率。

【1）2）评分说明】

①对于用类似哈夫曼树（或最佳归并树）思想进行合并，过程描述正确，给5分。按其他策略进行

合并，过程描述正确，给3分。

②正确算出与合并过程一致的总比较次数，给2分。若计算过程正确，但结果错误，可给1分。

③考生只要说明采用的是类似哈夫曼树（或最佳归并树）的构造方法作为合并策略，即可给3分。如果采用其他策略，只要能够完成合并，给2分。

42．解答：

1）顺序遍历两个链表到尾结点时，并不能保证两个链表同时到达尾结点。这是因为两个链表的长度不同。假设一个链表比另一个链表长k个结点，我们先在长链表上遍历k个结点，之后同步遍历两个链表，这样就能够保证它们同时到达最后一个结点。由于两个链表从第一个公共结点到链表的尾结点都是重合的，所以它们肯定同时到达第一个公共结点。算法的基本设计思想：

①分别求出str1和str2所指的两个链表的长度m和n；

②将两个链表以表尾对齐：令指针p、q分别指向str1和str2的头结点，若m>=n，则使p指向链表中的第m-n+1个结点；若m

③反复将指针p和q同步向后移动，并判断它们是否指向同一结点。若p和q指向同一结点，则该点即为所求的共同后缀的起始位置。

2）算法的C语言代码描述：

LinkNode *Find_1st_Common(LinkList str1,LinkList str2){

int len1=Length(str1),len2=Length(str2);

LinkNode *p,*q;

for(p=str1;len1>len2;len1--) //使p指向的链表与q指向的链表等长

p=p->next;

for(q=str2;len1

q=q->next;

while(p->next!=NULL&&p->next!=q->next){//查找共同后缀起始点

p=p->next; //两个指针同步向后移动

q=q->next;

}

return p->next; //返回共同后缀的起始点

}

【1）2）的评分说明】①若考生所给算法实现正确，且时间复杂度为O(m+n)，可给12分；若算法正确，但时间复杂度超过O(m+n)，则最高可给9分。

②若在算法的基本设计思想描述中因文字表达没有非常清晰反映出算法思路，但在算法实现中能够清晰看出算法思想且正确的，可参照①的标准给分。

③若算法的基本设计思想描述或算法实现中部分正确，可参照①中各种情况的相应给分标准酌情给分。

④参考答案中只给出了使用C语言的版本，使用C++/JAVA语言的答案视同时用C语言。

3）时间复杂度为：O(len1+len2)或O(max(len1,len2))，其中len1、len2分别为两个链表的长度。

【3）的评分说明】若考生所估计的时间复杂度与考生所实现的算法一致，可给1分。

43．解答：

1）平均每秒CPU执行的指令数为：80M/4=20M，故MIPS数为20；（1分）

平均每条指令访存1.5次，故平均每秒Cache缺失的次数=20M×1.5×(1-99%)=300k；（1分）

当Cache缺失时，CPU访问主存，主存与Cache之间以块为传送单位，此时，主存带宽为16B×300k/s =4.8MB/s。在不考虑DMA传输的情况下，主存带宽至少达到4.8MB/s才能满足CPU的访存要求。（2分）

2）题中假定在Cache缺失的情况下访问主存，平均每秒产生缺页中断300000×0.0005%=1.5次。因为存储器总线宽度为32位，所以每传送32位数据，磁盘控制器发出一次DMA请求，故平均每秒磁盘DMA请求的次数至少为1.5×4KB/4B=1.5K=1536。（2分）

3）CPU和DMA控制器同时要求使用存储器总线时，DMA请求优先级更高；（1分）

因为DMA请求得不到及时响应，I/O传输数据可能会丢失。（1分）

4）4体交叉存储模式能提供的最大带宽为4×4B/50ns=320MB/s。（2分）

44．解答：

1）x的机器码为[x]补=1111 1101 1111B，即指令执行前(R1)=FDFFH，右移1位后为1111 1110 1111 1111B，即指令执行后(R1)=FEFFH。（2分）

【评分说明】仅正确写出指令执行前的(R1)可给1分。

2）至少需要4+(5-1)=8个时钟周期数。（2分）

3）I3的ID段被阻塞的原因：因为I3与I1和I2都存在数据相关，需等到I1和I2将结果写回寄存器后，I3才能读寄存器内容，所以I3的ID段被阻塞。（1分）

I4的IF段被阻塞的原因：因为I4的前一条指令I3在ID段被阻塞，所以I4的IF段被阻塞。（1分）4）因2*x操作有左移和加法两种实现方法，故x=x*2+a对应的指令序列为

I1 LOAD R1，[x]

I2 LOAD R2，[a]

I3 SHL R1 //或者ADD R1，R1

I4 ADD R1，R2

I5 STORE R2，[x]

【评分说明】指令正确给2分；其他正确答案同样给分；部分正确，酌情给分。

这5条指令在流水线中执行过程如下图所示。（3分）

故执行x=x*2+a语句最少需要17个时钟周期。（1分）

45．解答：

1）页框号为21。（1分）理由：因为起始驻留集为空，而0页对应的页框为空闲链表中的第三个空闲页框（21），其对应的页框号为21。（1分）

2）页框号为32。（1分）理由：因11>10故发生第三轮扫描，页号为1的页框在第二轮已处于空闲页框链表中，此刻该页又被重新访问，因此应被重新放回驻留集中，其页框号为32。（1分）3）页框号为41。（1分）理由：因为第2页从来没有被访问过，它不在驻留集中，因此从空闲页框链表中取出链表头的页框41，页框号为41。（1分）

4）合适。（1分）理由：如果程序的时间局部性越好，从空闲页框链表中重新取回的机会越大，该

策略的优势越明显。（1分）

46．解答：

1）文件系统中所能容纳的磁盘块总数为4TB/1KB=232。要完全表示所有磁盘块，索引项中的块号最少要占32/8=4B。（2分）

而索引表区仅采用直接索引结构，故512B的索引表区能容纳512B/4B=27个索引项。每个索引项对应一个磁盘块，所以该系统可支持的单个文件最大长度是128×1KB=128KB。（2分）【评分说明】过程描述正确，但计算结果不正确，可酌情给分。

2）块号占6B、块数占2B时，共可以表示216个磁盘块，即226=64MB；直接索引区共504B/6B=84个索引项。所以该系统可支持的单个文件最大长度是226B+84KB=65620KB。（2分）合理的起始块号和块数所占字节数分别为4,4（或1,7或2,6或3,5）。（1分）理由：块数占4B或以上，就可表示4TB大小的文件长度，达到文件系统的空间上限。（1分）

【评分说明】过程描述正确，但计算结果不正确，可酌情给分。只要答出起始块号和块数所占字节数的任何合理值，均可得1分；理由说明正确得1分。

47．解答：

1）由于题47-a表中1、3、4号分组的源IP地址（第13~16字节）均为192.168.0.8（c0a8 0008H），因此可以判定1、3、4号分组是由H发送的。（3分）

题47-a表中1号分组封装的TCP段的FLAG为02H（即SYN=1，ACK=0），seq=846b 41c5H，2号分组封装的TCP段的FLAG为12H（即SYN=1，ACK=1），seq=e059 9fefH，ack=846b 41c6H，3号分组封装的TCP段的FLAG为10H（即ACK=1），seq=846b 41c6H，ack= e059 9ff0H，所以1、2、3号分组完成了TCP连接建立过程。（1分）

由于快速以太网数据帧有效载荷的最小长度为46字节，表中3、5号分组的总长度为40（28H）字节，小于46字节，其余分组总长度均大于46字节。所以3、5号分组通过快速以太网传输时进行了填充。（1分）

2）由3号分组封装的TCP段可知，发送应用层数据初始序号为seq=846b 41c6H，由5号分组封装的TCP段可知，ack为seq=846b 41d6H，所以5号分组已经收到的应用层数据的字节数为846b 41d6H - 846b 41c6H=10H=16。（2分）

【评分说明】其他正确解答，亦给2分；若解答结果不正确，但分析过程正确给1分；其他情况酌情给分。

3）由于S发出的IP分组的标识=6811H，所以该分组所对应的是题47-a表中的5号分组。S发出的IP分组的TTL=40H=64，5号分组的TTL=31H=49，64-49=15，所以，可以推断该IP分组到达H时经过了15个路由器。（2分）

【评分说明】若解答结果不正确，但分析过程正确给1分；其他情况酌情给分。

2012年环评案例分析试题答案

2012年度环境形响评价工程师职业资格考试试卷 环境影响评价案例分析试卷评分标准 一、 1、（6分） 监测因子:SO2、 NO2、 TSP, PM10、苯、甲苯.二甲苯、非甲烷总烃（1分，写出2个监测因子即可，每个给0.5分，） 监测布点:至少布设6个点（0.5分）上风向（西北）布设1个点（0.5分）西北向的商住区布设1个点（0.5分）东北方向（0.5分）西南方向各布1个点（0.5分）东南向布设2个点（0.5分）（没有给出具体方位的不给分） 监测时间:不利季节（冬季）的7天监测代表性有效性数据（2分） 2、（5分） 废水污染源:脱脂槽（1分）磷化槽（1分）水洗槽1、2、3（1分） 主要污染因子:PH、COD、石油类，镍、锌、磷酸盐（2分，每个0.5分，给出2个以上得满分，出现一个错误，该小题不给分） 3、（5分） 晾干工序有机物产生量: 4kg/h（2分） 晾干室有机物去除率: 87. 3%（3分） （给出结果且正确的得满分，计算过程正确，结果错误给一半分） 4、（4分） 分析污水处理厂处理能力（2分）污水处理厂的接管要求（2分） 二、 1、（6分） 混合处理不妥（2分）反渗透浓水含有重金属Cu, Zn，易在车间处理设施排放口处理后达标排放（1分）粗化固化工段废气治理废水的pH值不稳定，应中和预处理（1分）一级离子交换树脂再生产生废水中含有Cr第一类污染物，必须在车间处理设施排放口处理，达标后排放（2分） 2、（3分） 水重复利用率=64. 5%（给出结果且正确的得满分，计算过程正确，结果错误给一半分） 3、（5分） 排放的污染物种类（1分）排放浓度（1分）排放速率（1分）排气筒高度及周边半径200m 范围内建筑物的最高高度（2分） 4、（6分） 粗化固化槽液（1.5分）灰化槽液（1.5分）钝化槽液（1.5分）废树指（1.5分） 三、 1、（5分） 工艺废水经混凝沉淀处理达标排入污水处理厂不妥（1.5分）地面冲洗水直接排入城市污水处理厂不妥（1.5分）采用“旋风+水喷淋”或布袋除尘中的“旋风+水喷淋”除尘除尘效率低，不能达标排放（1分）制板槽工段含铅废气排放速率未达标排放（1分） 2、（5分） 现有工程存在的环境问题（1分） 现有工程与改扩工程的依托关系（1分） 现有工程及改扩建工程工艺流程及产污环节、污染源及强度、污染物排放方式（1分）改扩建工程建拟采取环境保护措施及有效性（1分） 改扩建工程达标排放及总量控制（1分）

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2012年北京市高级中等学校招生考试 数 学 试 卷 学校 姓名 准考证号 一、选择题（本题共32分，每小题4分） 下面各题均有四个选项，其中只有一个是符合题意的． 1． 9-的相反数是 A ．19 - B ． 19 C ．9- D ．9 2． 首届中国（北京）国际服务贸易交易会（京交会）于2012年6月1日闭幕，本届京交 会期间签订的项目成交总金额达60 110 000 000美元，将60 110 000 000用科学记数法表示应为 A ．96.01110? B ．960.1110? C ．106.01110? D ．110.601110? 3． 正十边形的每个外角等于 A ．18? B ．36? C ．45? D ．60? 4． 右图是某个几何体的三视图，该几何体是 A ．长方体 B ．正方体 C ．圆柱 D ．三棱柱 5． 班主任王老师将6份奖品分别放在6个完全相同的不透明礼盒中，准备将它们奖给小英 等6位获“爱集体标兵”称号的同学．这些奖品中3份是学习文具，2份是科普读物，1份是科技馆通票．小英同学从中随机取一份奖品，恰好取到科普读物的概率是 A ． 16 B ． 13 C ． 12 D ． 23 6． 如图，直线AB ，C D 交于点O ，射线O M 平分A O C ∠，若76BO D ∠=?，则B O M ∠等于 A ．38? B ．104? C ．142? D ．144? 7． 某课外小组的同学们在社会实践活动中调查了20户家庭某月的用电量，如下表所示： 用电量（度） 120 140 160 180 200 户数 2 3 6 7 2 则这20户家庭该月用电量的众数和中位数分别是

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事件4：专业监理工程师发现，施工单位使用的起重机械没有现场安装后的验收合格证明，随即向施工单位发出监理工程师通知单。 问题： 1.针对事件1中所列的工作，分别指出哪些属于施工阶段投资控制工作，哪些属于施工阶段质量控制工作；对不属于施工阶段投资、质量控制工作的，分别说明理由。 2.指出事件2中建设单位所提要求的不妥之处,写出正确做法。 3.事件3中，根据《建设工程安全生产管理条例》，项目监理机构应审査施工单位报送资料中的哪些内容？ 4.事件4中，监理工程师通知单应对施工单位提出哪些要求？ 答疑：参考答疑： 1. (1)属于施工阶段投资控制工作的有：（2）、（7）、（9）、（10）； (2)属于施工阶段质量控制工作的有：（4）、（5）、（8）。 (3)第（1）项工作属于设计阶段投资控制工作。第（3）项工作属于施工阶段进度控制工作。第（6）项工作属于施工招标阶段的工作。 第（11）、（12）项工作属于工程竣工阶段的工作。 2.事件2中的不妥之处及正确做法。 (1)不妥之处：总监理工程师应主持召开第一次工地会议。

2012年江苏高考语文试题及答案解析

2012年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷） 语文Ⅰ 一、语言文字运用（15分） 1．下列词语中加点的字，每对读音都相同的一组是：（3分）（A） A．舟楫/编辑道观/冠名权濒临/彬彬有礼B．蹒跚/珊瑚嫁接/度假村布帛/并行不悖 C．慑服/拍摄昭示/软着陆荒诞/肆无忌惮D．忏悔/阡陌储蓄/处方药复辟/刚愎自用 答案：A [解析]B项“帛（bó）”与“悖（bèi）”读音不同，C项“昭（zhāo）”与“着（zhuó）”读音不同，D项“忏（chàn）”与“阡（qiān）”读音不同。 [评点]从考查的内容上看，有形近字（共四组）、同音字（共八组），而且以同音字考查为主导，这是比较少见的，这也体现了命题人的胆识；在读音不相同的选项中只设一组读音不同，做到了命题的规范，也大大降低了试题的难度，因而一上来就给考生坚定了信心。但是，同音字考查过多，并且同音字除了同音之外之间再没有其他任何联系，比如“嫁”与“假”，“帛”与“悖”，“昭”与“着”，等，并组考查根本没有多少实际意义，给人的感觉好像只是两个同音字简单地组合在一起而已，并不是一种负责任的对人才选拔性的考查。所以从此题内容上说，命题有些低幼化，也间接地帮扶了不愿识记的当代中学生，而且还“促进”了当代中学生识记能力逐步退化的倾向。 2．在下面一段话空缺和依次填入成语，最恰当的一组是：（3分）（C） 笔名满天下而原名湮没无闻者，事实上等于____________。人家给咱们介绍一位沈雁冰先生，不如介绍茅盾来得响亮；介绍一位谢婉莹女士，不如介绍冰心来得____________。等到自己也肯公然承认名叫茅盾或冰心的时候，仍不失为行不更名、坐不改姓的好汉。千秋万岁后，非但真假难辨，而且____________。 A．改名换姓大名鼎鼎弄巧成拙B．移花接木如雷贯耳弄巧成拙C．改名换姓如雷贯耳弄假成真D．移花接木大名鼎鼎弄假成真 答案：C [解析]第一空根据“笔名满天下而原名湮没无闻”应填“改名换姓”，“移花接木”含有“暗中更换人和物，以假乱真”之意，与前文语境不符；第二空根据沈雁冰之例中有“来得响亮”一语，

2012年考研英语试题及答案

2012年全国硕士研究生入学统一考试英语试题 Section Ⅰ Use of English Directions: Read the following text. Choose the best word(s) for each numbered blank and mark A, B, C or D on ANSWER SHEET 1. (10 points) The ethical judgments of the Supreme Court justices have become an important issue recently. The court cannot 1 its legitimacy as guardian of the rule of law 2 justices behave like politicians. Yet, in several instances, justices acted in ways that 3 the court’s reputation for being independent and impartial. Justice Antonin Scalia, for example, appeared at political events. That kind of activity makes it less likely that the court’s decisions will be 4 as impartial judgments. Part of the problem is that the justices are not 5 by an ethics code. At the very least, the court should make itself 6 to the code of conduct that 7 to the rest of the federal judiciary. This and other similar cases 8 the question of whether there is still a 9 between the court and politics. The framers of the Constitution envisioned law 10 having authority apart from politics. They gave justices permanent positions 11 they would be free to 12 those in power and have no need to 13 political support. Our legal system was designed to set law apart from politics precisely because they are so closely 14 . Constitutional law is political because it results from choices rooted in fundamental social 15 like liberty and property. When the court deals with social policy decisions, the law it 16 is inescapably political—which is why decisions split along ideological lines are so easily 17 as unjust. The justices must 18 doubts about the court’s legitimacy by making themselves 19 to the code of conduct. That would make ruling more likely to be seen as separate from politics and, 20 , convincing as law. 1. [A] emphasize [B] maintain [C] modify [D] recognize 2. [A] when [B] lest [C] before [D] unless 3. [A] restored [B] weakened [C] established [D] eliminated 4. [A] challenged [B] compromised [C] suspected [D] accepted 5. [A] advanced [B] caught [C] bound [D] founded 6. [A] resistant [B] subject [C] immune [D] prone 7. [A] resorts [B] sticks [C] loads [D] applies 8. [A] evade [B] raise [C] deny [D] settle 9. [A] line [B] barrier [C] similarity [D] conflict 10. [A] by [B] as [C] though [D] towards 11. [A] so [B] since [C] provided [D] though 12. [A] serve [B] satisfy [C] upset [D] replace 13. [A] confirm [B] express [C] cultivate [D] offer 14. [A] guarded [B] followed [C] studied [D] tied 15. [A] concepts [B] theories [C] divisions [D] conceptions 16. [A] excludes [B] questions [C] shapes [D] controls

2012年注册土木工程师(岩土)《专业案例考试(下)》真题及详解【圣才出品】

2012年注册土木工程师（岩土）《专业案例考试（下）》真题及详解 案例分析题（每题的四个备选答案中只有一个符合题意） 1．某工程场地进行十字板剪切试验，测定的8m 以内土层的不排水抗剪强度如下： 题1表 其中软土层的十字板剪切强度与深度呈线性相关（相关系数r ＝0.98），最能代表试验深度范围内软土不排水抗剪强度标准值的是下列哪个选项？（ ） A ．9.5kPa B ．12.5kPa C ．13.9kPa D ．17.5kPa 【答案】B 【解析】根据《岩土工程勘察规范》（GB 50021—2001）（2009年版）第14.2节相关规定，依次计算平均值、标准差、变异系数和统计修正系数，最后求出标准值。 分析与计算过程如下： ①由各深度的十字板抗剪峰值强度值可知，深度1.0m 、2.0m 为浅部硬壳层，不应参加统计。 ②根据公式（14.2.2-1），计算软土十字板抗剪强度平均值：17.09.612.314.416.719.013.2kPa 6 n i i m n φφ=+++++===∑

③根据公式（14.2.2-2），计算标准差：()22122222221117.09.612.314.416.719.0613.261 4.34 n f i m i n n σφφ=??= - ?-??=?+++++-?-=∑ 由于软土十字板抗剪强度与深度呈线性相关，根据公式（14.2.3-1）剩余标准差为： 221 4.3410.980.864 r f r σσ=-=?-=其变异系数为： Δ＝σr /φm ＝0.864/13.2＝0.065 ④抗剪强度修正时按不利组合考虑取负值，根据公式（14.2.4-2）计算统计修正系数： 224.678 4.678110.0650.94666 s n n γδ??=-+=-+?=????⑤根据公式（14.2.4-1），计算该场地软土的十字板峰值抗剪强度标准值： φk ＝γs φm ＝0.946×13.2＝12.5kPa 2．某勘察场地地下水为潜水，布置k 1、k 2、k 3三个水位观测孔，同时观测稳定水位埋深分别为2.70m 、3.10m 、2.30m ，观测孔坐标和高程数据如下表所示。地下水流向正确的选项是哪一个？（选项中流向角度是指由正北方向顺时针旋转的角度）（ ） 题2表A ．45°

2012年造价工程师考试案例分析真题及答案解析(全六题)

2012年造价工程师考试案例分析真题及答案解析 试题一（20分）： 项目建设投资3000万，建设期2年，运营期8年。其他有关资料和基础数据如下： 1.建设投资预计全部形成固定资产，固定资产使用年限为8年，残值率为5%，采用直线法折旧。 2.建设投资来源为资本金和贷款，其中贷款本金为1800万元，贷款年利率为6%，按年计息。贷款在两年内均衡 投入。 3.在生产运营期前4年按照等额还本付息方式偿还贷款。 4.生产运营期第一年由资本金投入300万元作为生产运营期间的流动资金。 5.项目生产运营期正常年份营业收入为1500万元，经营成本为680万元，生产运营期第一年营业收入和经营成 本均为正常年份的80%，第2年起各年营业收入和营业成本均达到正常年份水平。 6.项目所得税税率为25%，营业税金及附加税率为6%。 问题： 1.列式计算项目的年折旧额。 2.列式计算项目生产运营期第1年、第2年应偿还的本息额。 3.列式计算项目生产运营期第1年、第2年的总成本费用。 4.判断项目生产运营期第1年末项目还款资金能否满足约定还款方式要求，并通过列式计算说明理由。 5.列式计算项目正常年份的总投资收益率。 （计算结果均保留两位小数）

题一【参考答案】 问题1：计算年折旧。 首先需要计算固定资产原值，固定资产原值=建设投资+建设期贷款利息 建设期贷款利息的计算如下： 第一、二年贷款本金为1800/2=900万元 第一年贷款利息：900/2×6%=27万元 第二年贷款利息：（900+27+900/2）×6%=82.62万元 建设期利息合计：82.62+27=109.62万元 年折旧费：（3000＋109.62）×（1-5%）/8=369.27万元 问题2：计算第一、二年的还本付息额。 第3年初贷款本息合计： 1800+27+82.62=1909.62万元 第1、2年应还本付息为： 1909.62×（1+6%）4×6%/[（1+6%）4-1]=551.10万元 问题3：计算第一、二年总成本费用。 总成本=经营成本+折旧+摊销+利息支出 运营第1年总成本：680×80%+369.27+114.58=1027.85万元 运营第2年总成本：680+369.27+88.39=1137.66万元 问题4：第一年能否归还贷款，计算并说明。 偿债备付率=（息税折旧摊销前利润-所得税）/应还本付息的金额 利润=营业收入-营业税金及附件-总成本=1500×0.8×（1-6%）-1027.85=100.15 万元 所得税=利润总额×所得税税率=100.15×25%=25.04 万元 息税折旧摊销前利润-所得税=营收-营税及附加-经营成本-所得税 =1500×0.8×（1-6%）-680×0.8-25.04=558.96万元应还本付息551.10万 偿债备付率558.96/551.10=1.01>1，满足还偿条件。 算法2：净利润＋折旧＋利息＝75.11+369.27+114.58=558.96万元问题5：正常年份的总投资收益率。 总投资收益率=息税前利润/总投资 息税前利润=营业收入-营业税金及附加-经营成本-折旧 =1500-1500×6%-680-369.27=360.73万元 总投资=建设投资+建设期利息+流动资金 3000+109.62+300=3409.62万元 总投资收益率：360.73/3409.62=10.58%

2012年江苏高考数学试卷含答案和解析

2012年江苏省高考数学试卷 一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共计70分．请把答案填写在答题卡相应位置上． 1．（5分）已知集合A={1，2，4}，B={2，4，6}，则A∪B=_________． 2．（5分）某学校高一、高二、高三年级的学生人数之比为3：3：4，现用分层抽样的方法从该校高中三个年级的学生中抽取容量为50的样本，则应从高二年级抽取_________名学生． 3．（5分）设a，b∈R，a+bi=（i为虚数单位），则a+b的值为_________． 4．（5分）图是一个算法流程图，则输出的k的值是_________． 5．（5分）函数f（x）=的定义域为_________． 6．（5分）现有10个数，它们能构成一个以1为首项，﹣3为公比的等比数列，若从这10个数中随机抽取一个数，则它小于8的概率是_________． 7．（5分）如图，在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中，AB=AD=3cm，AA1=2cm，则四棱锥A﹣BB1D1D的体积为_________ cm3．

8．（5分）在平面直角坐标系xOy中，若双曲线的离心率为，则m的值为_________． 9．（5分）如图，在矩形ABCD中，AB=，BC=2，点E为BC的中点，点F在边CD上，若=，则 的值是_________． 10．（5分）设f（x）是定义在R上且周期为2的函数，在区间[﹣1，1]上，f（x）=其中a，b∈R．若=，则a+3b的值为_________． 11．（5分）设a为锐角，若cos（a+）=，则sin（2a+）的值为_________． 12．（5分）在平面直角坐标系xOy中，圆C的方程为x2+y2﹣8x+15=0，若直线y=kx﹣2上至少存在一点，使得以该点为圆心，1为半径的圆与圆C有公共点，则k的最大值是_________． 13．（5分）已知函数f（x）=x2+ax+b（a，b∈R）的值域为[0，+∞），若关于x的不等式f（x）＜c的解集为（m，m+6），则实数c的值为_________． 14．（5分）已知正数a，b，c满足：5c﹣3a≤b≤4c﹣a，clnb≥a+clnc，则的取值范围是_________． 二、解答题：本大题共6小题，共计90分．请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 15．（14分）在△ABC中，已知． （1）求证：tanB=3tanA； （2）若cosC=，求A的值．

2012年高考全国2卷-文综试题及答案

2012年文综全国II卷（历史） 24.汉武帝设置十三州刺史以监察地方，并将豪强大族“田宅逾制”作为重要的监察内容，各地财产达300万钱的豪族被迁到长安附近集中居住。这表明当时（） A.政权的政治与经济支柱是豪强大族 B.政治权利与经济势力出现严重分离 C.抑制豪强是缓解土地兼并的重要措施 D.经济手段是巩固专制集权的主要方式 25.许仙与白娘子自由相恋因法海和尚作梗终成悲剧，菩萨化身的济公游戏人间维持正义。这些在宋代杭州流传的故事，反应出当时（） A.对僧人爱恨交加的社会心态 B.民间思想借助戏剧广泛传播 C.中国文化的地域性特色浓厚 D.市民阶层的价值取向 26.明后期松江人何良俊记述：“（正德）以前，百姓十一在官，十九在田……今去农而改业为工商者三倍于前矣。昔日原无游手之人，今去农而游手趁食（谋生）者又十之二三也。大抵以十分百姓言之，已六七去农。”据此可知（） A．工商业的发展造成了农业的衰退 B.工商业发展导致了社会结构的变动 C.财富分配不均引起贫富分化加剧 D.无业游民增加促成了工商业的发展 27.理学家王阳明说：“士以修治，农以具养，工以利器，商以通货，各就其资之所近，力之所及者而业焉，以求尽其心，其归要在于有益生人（民）之道，则一而已……四民异业而同道。”在此，王阳明（） A.重申传统的“四民”秩序 B.主张重新整合社会阶层 C.关注的核心问题是百姓生计 D.阐发的根本问题是正心诚意 28.清代内阁处理公务的案例“积成样本四巨册”，官员“怀揣摹此样本为急”，时人称之为：“依样葫芦画不难，葫芦变化有千端。画成依旧葫芦样，要把葫芦仔细看。”这反应出当时（） A.内阁职权下降导致官员无所事事 B.政治体制僵化官员拘泥规则 C.内阁机要事务繁忙官员穷于应付 D.皇帝个人独裁官员惟命是从 29．梁启超在论述中国古代专制政治发展时说：“专制权稍薄弱，则有分裂，有分裂则有立征，有力征则有兼并，兼并多一次，则专制权高一度，愈积愈进”从中国古代历史整体来看，这一论述中可以确认的是（） A．君主专制是维系统一的主要条件 B.分裂动荡是专制权力产生的前提 C．专制程度随历史进程而不断加强 D.武力夺取政权是专制制度的基础 30．1895年，身为状元的张謇开始筹办纱厂，他称自己投身实业是“捐弃所持，舍身喂虎”。这反映出张謇（） A．毅然冲破视商为末业的传统观念 B．B.决心投入激烈的民族工商业竞争 C．预见到国内工商业发展前景暗淡 D.具有以追求利润为目的的冒险精神 31.1920年12月，毛泽东在致朋友的信中说：“我看俄国式的革命，是无可如何的山穷水尽你诸路皆走不通了的一个变计，并不是有更好的方法弃而不采，单要采这个恐怖的方法。”这表明在当时中国共产党早期组织成员看来（） A.俄国革命道路必须与中国实际相结合 B.在中心城市举行武装暴动是当务之急 C.暴力革命是进行社会改造的必然选择 D.改良仍旧是改造社会行之有效的方法 32.1958年，美国一份评估中国“二五”计划的文件认为，中国虽然面临着农业生产投入不足与人口快速增长的压力，但由于中苏关系良好而可以获得苏联援助，同时减少粮食出口，中国可以解决农业问题，工业也将保持高速发展。这一文件的判断（） A.对中美关系的急剧变化估计不足 B.B.低估了苏联对华经济援助的作用 C.符合中苏两国关系的基本走向 D.与中国工农业发展状况不符 33.据统计，1992年全国辞去公职经商者达12万人，未辞职而以各种形式投身商海者超过1000万人，这种现象被称为“下海潮”。这反映了（）

环评爱好者论坛_2012年环评案例真题及答案2

2012年环评案例真题及答案 第一题 某汽车制造集团公司拟在A市工业园区内新建年产10万辆乘用车整车制造项目。建设内容包括冲压、焊接、涂装、总装、发动机（含机加工、装配）五大生产车间和公用工程及辅助设施，项目建设期为两年。 涂装车间前处理生产线生产工艺为：工件→脱脂槽→水洗槽1→磷化槽→水洗槽2→水洗槽3。脱脂剂主要成分为碳酸钠：磷化剂为锌镍系磷化剂。脱脂槽配置油水分离装置，磷化槽有沉渣产生。各槽定期清洗或更换槽液。 面漆生产线生产工艺为：喷漆→晾干→烘干。面漆为溶剂漆，烘干以天然气做燃料。晾干工序的晾干室工艺废气产生量为20000m3/d初始有机物浓度 200mg/m3。 根据生产废水特性，涂装车间设废水预处理站。各车间生产废水和厂区生活污水一并送全场综合废水处理站处理。处理后的废水再经工业园区污水处理厂处理达标后排入甲河。 拟建厂址位于A市工业园区西北部，占地面积64hm2。该地区年平均风速1.85m/s，主动风向为西北风。厂址西北方向距离商住区约5Km。 工业园区按规划进行基础设施建设，市政污水管网已建成，污水处理厂正在建设中，一年后投入运行。 该项目大气评价等级为二级。 问题： 1、给出拟建工程环境空气现状检测方案的主要内容。 2、指出前处理生产线的废水污染源和废水主要污染因子。 3、计算面漆生产线晾干室活性炭再生废气焚烧有机物排放量和晾干室有机 物去除率。 4、判断工业废水是否可送工业园区污水处理厂进行处理，应从哪些方面分 析？ 二、参考答案 1、给出拟建工程环境空气现状监测方案的主要内容。 （1）监测因子：SO 2，NO 2 ，TSP，PM 10 ，苯、甲苯，二甲苯、非甲烷总烃。 （2）监测布点：6个点，极坐标布点法。具体布点方法是：在拟建项目所在地布设1个点，项目西北向的商住区布设1个点、项目的东北方向、西南方向各布1个点，项目的东南向布设2个点。 （3）监测时间（制度）：不利季节监测7天，SO 2，NO 2 每天采样时间为测 18小时，TSP，PM 10每天采样时间为12小时，SO 2 、NO 2 、TSP、PM 10 每天采样时段 至少于02，08，14，20时进行。苯系物、非甲烷总烃按相关监测方法进行。 （4）监测时段必需同步进行常规地面气象观测资料。 2、指出前处理生产线的废水污染源和废水主要污染因子。 （1）废水污染源：脱脂槽、水洗槽1、磷化槽、水洗槽2、水洗槽3。 （2）废水主要污染因子：pH、COD、石油类、镍、锌、磷酸盐。 3、计算面漆生产线晾干室活性炭再生废气焚烧有机物排放量和晾干室有机物去除率。 （1）晾干工序有机物产生量：20000×200×10-6=4kg/h；

2012年文数高考试题答案及解析-湖南

2012年普通高等学校招生全国统一考试（湖南卷） 数学（文史类） 一、选择题：本大题共9小题，每小题5分，共45分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 1.设集合M={-1,0,1}，N={x|x 2=x}，则M ∩N= A.{-1，0，1} B.{0,1} C.{1} D.{0} 【答案】B 【解析】 {}0,1N = M={-1,0,1} ∴M ∩N={0,1} 【点评】本题考查了集合的基本运算，较简单，易得分.先求出{}0,1N =，再利用交集定义得出M ∩N. 2.复数z=i （i+1）（i 为虚数单位）的共轭复数是 A.-1-i B.-1+i C.1-i D.1+i 【答案】A 【解析】由z=i （i+1）=1i -+，及共轭复数定义得1z i =--. 【点评】本题考查复数代数形式的四则运算及复数的基本概念，考查基本运算能力.先把Z 化成标准的 (,)a bi a b R +∈形式，然后由共轭复数定义得出1z i =--. 3.命题“若α= 4π ，则tan α=1”的逆否命题是 A.若α≠4π，则tan α≠1 B. 若α=4 π ，则tan α≠1 C. 若tan α≠1，则α≠4π D. 若tan α≠1，则α=4 π 【答案】C 【解析】因为“若p ，则q ”的逆否命题为“若p ?，则q ?”，所以 “若α=4 π ，则tan α=1”的逆否命题是 “若tan α≠1，则α≠ 4 π”. 【点评】本题考查了“若p ，则q ”形式的命题的逆命题、否命题与逆否命题，考查分析问题的能力. 4.某几何体的正视图和侧视图均如图1所示，则该几何体的俯视图不可能．．． 是 【答案】D 【解析】本题是组合体的三视图问题，由几何体的正视图和侧视图均如图1所示知，原图下面图为圆柱或直四棱柱，上面是圆柱或直四棱柱或下底是直角的三棱柱，Ａ，Ｂ，Ｃ，都可能是该几何体的俯视图，Ｄ不可能是该几何体的俯视图，因为它的正视图上面应为如图的矩形.

2012年高考语文试题及答案(新课标全国卷)

2012年高考语文试题及答案(新课标全国卷) 本试卷分选择题和非选择题两部分，满分为150分。考试用时150分钟。 注意事项： 1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答 卷密封线内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。 2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。 3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。 2012年普通高等学校招生全国统一考试 语文 本试题卷分第I卷(阅读题)和第11卷(表达题)两部分。考生作答时，将答案答在答题卡上(答题注意事项见答题卡)，在本试题卷上答题无效。考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。 第I卷阅读题 甲必考题 一、现代文阅读((9分，每小题3分) 阅读下面的文字，完成1-3题。 “黑箱，是控制论中的概念，意为在认识上主体对其内部情况全然不知的对象.“科技黑箱”的含义与此有所不同，它是一种特殊的存贮知识、运行知识的设施或过程，使用者如同面对黑箱，不必打开，也不必理解和掌握其中的知识，只需按规则操作即可得到预期的结果.例如电脑、手机、摄像机、芯片，以及药品等，可以说，几乎技术的全部中间和最终成果都是科技黑箱.在科技黑箱的生产过程中，科学知识是通泌出，价值观和伦理道德则对科学知识进行选择。除此以外，科技黑箱中还整合了大童人文的、社会的知识，并且或多或少渗透了企业文化和理念。这样，在电脑或手机中就集成了物理学、计葬机科学、管理学、经济学、美学，以及对市场的调研和政府的相关政策等知识. 科技黑箱是特殊的传播与共享知识的媒体，具有三大特点。首先，它使得每一个使用者-不仅牛顿，都能直接“站在巨人的肩上”继续前进.试想，如果要全世界的电脑使用者都透彻掌握电脑的工作原理，掌握芯片上的电子理论，那需要多少时间?知识正是通过科技黑箱这一途径而达到最大限度的共享。如今，计葬机天才、黑客的年龄越来越小，神童不断出现，他们未必理解计算机的制作过程就能编写软件、破译密码。每一代新科技黑箱的出现，就为相对“无知识”的年轻一代的崛起与赶超提供了机会。其次.处在相付低端的科技黑箱往往与语境和主体无关，而处于高端的科技黑箱则需满足特定主体在特定场合乃至心理的需要。人们很少能对一把锤子做什么改进，而使用一个月后的电脑则已经深深地打上了个人的印记，这就锐明，在认识变得简单易行之时，实践变得复杂和重要.最后，当科技为我们打开一扇又一扇门的时候，我们能拒绝它的诱惑不进去吗?而一旦进去，我们的行为能不受制于房间和

2012-2014年司法考试民事诉讼法历年真题解析——案例分析

2012-2014年司法考试民事诉讼法历年真题解析—— 主观题 （2014年） 六、（本题20分） 案情：赵文、赵武、赵军系亲兄弟，其父赵祖斌于2013年1月去世，除了留有一个元代青花瓷盘外，没有其他遗产。该青花瓷盘在赵军手中，赵文、赵武要求将该瓷盘变卖，变卖款由兄弟三人平均分配。赵军不同意。2013年3月，赵文、赵武到某省甲县法院（赵军居住地和该瓷盘所在地）起诉赵军，要求分割父亲赵祖斌的遗产。经甲县法院调解，赵文、赵武与赵军达成调解协议：赵祖斌留下的青花瓷盘归赵军所有，赵军分别向赵文、赵武支付人民币20万元。该款项分2期支付：2013年6月各支付5万元、2013年9月各支付15万元。 但至2013年10月，赵军未向赵文、赵武支付上述款项。赵文、赵武于2013年10月向甲县法院申请强制执行。经法院调查，赵军可供执行的款项有其在银行的存款10万元，可供执行的其他财产折价为8万元，另外赵军手中还有一把名家制作的紫砂壶，市场价值大约5万元。赵军声称其父亲留下的那个元代青花瓷盘被卖了，所得款项50万元做生意亏掉了。法院全力调查也未发现赵军还有其他的款项和财产。法院将赵军的上述款项冻结，扣押了赵军可供执行的财产和赵军手中的那把紫砂壶。 2013年11月，赵文、赵武与赵军拟达成执行和解协议：2013年12月30日之前，赵军将其在银行的存款10万元支付给赵文，将可供执行财产折价8万元与价值5万元的紫砂壶交付给赵武。赵军欠赵文、赵武的剩余债务予以免除。 此时，出现了以下情况：①赵军的朋友李有福向甲县法院报告，声称赵军手中的那把紫砂壶是自己借给赵军的，紫砂壶的所有权是自己的。②赵祖斌的朋友张益友向甲县法院声称，赵祖斌留下的那个元代青花瓷盘是他让赵祖斌保存的，所有权是自己的。自己是在一周之前（2013年11月1日）才知道赵祖斌已经去世以及赵文、赵武与赵军进行诉讼的事。③赵军的同事钱进军向甲县法院声称，赵军欠其5万元。同时，钱进军还向法院出示了公证机构制作的债权文书执行证书，该债权文书所记载的钱进军对赵军享有的债权是5万元，债权到期日是2013年9月30日。 问题： 1．在不考虑李有福、张益友、钱进军提出的问题的情况下，如果赵文、赵武与赵军达成了执行和解协议，将产生什么法律后果？（考生可以就和解协议履行的情况作出假设） 2．根据案情，李有福如果要对案中所提到的紫砂壶主张权利，在民事诉讼制度的框架下，其可以采取什么方式？采取相关方式时，应当符合什么条件？（考生可以就李有福采取的方式可能出现的后果作出假设） 3．根据案情，张益友如果要对那个元代青花瓷盘所涉及的权益主张权利，在民事诉讼制度的框架下，其可以采取什么方式？采取该方式时，应当符合什么条件？ 4．根据案情，钱进军如果要对赵军主张5万元债权，在民事诉讼制度的框架下，其可以采取什么方式？为什么？ 【正确答案】 1．如果赵文、赵武与赵军达成了执行和解协议，将产生的法律后果是：1），和解协议达成后，执行程序中止；2）如果在执行和解履行期内赵军履行了和解协议，执行程序终结，调解书

2012安全事故案例分析考试题及答案

2012年安全工程师《安全生产事故案例分析》考试试题及答案 一、2011年11月29日4时，A铁矿390平巷直竖井的罐笼在提升矿石时发生卡罐故障罐笼被撞破损后卡在距离井口2.5m处，当班绞车工甲随即升井向矿长乙和维修工丙报告后，乙和丙下井检修。丙在没有采取任何防护措施的情况下，3次对罐笼角、井筒护架进行切割与焊接，切割与焊接作业至7时结束。随后乙和丙升井返回地面。 当日7时29分，甲在绞车房发现提升罐笼的钢丝绳异动，前往井口观察，发现直竖井内起火，当即返回绞车房，关闭向井下送电的电源开关。并立即升井向乙和丙报告。随后甲和丙一起下井，到达390平巷时烟雾很大，能见度不足5m，甲和丙前行到达离起火直竖井约300m处，无法继续前行，遂返回地面向乙汇报，乙立即报警，调矿山救护队救援，并启动A矿山应急救援预案。 截至11月27日10时，核实井下被困人员共122人，其中救护队救出52人，70人遇难，遇难人员中包括周边的4座铁矿61名井下作业人员。 事故调查发现，A铁矿与周边的4座铁矿越巷开采，井下巷道及未*****区互相贯通，各矿均未形成独立的** 通风系统，且安全出口和标志均不符合安全规定 事故调查组确认，该起事故的直接原因是丙在切割与焊接作业时，切割下来的高温金属残块及焊渣掉落在井槽充填护*的**上，造成荆笆着火，引燃****的可燃物，引发火灾。该起事故的经济损失包括：人员伤亡后所支出的费用9523万元，善后处理费用3052万元，财产损失1850万元，停产损失580万元，处理环境污染费用5万元。 1、根据《火灾分类》(GB/T4968-2008)，A铁矿直竖井发生的火灾类别属于(A) A、A类火灾 B、B类火灾 C、C类火灾 D、D类火灾 E、E类火灾 2、在A铁矿390平巷直竖井进行切割与焊接作业，应办理的许可手续是(C) A、有限空间作业许可 B、带电作业许可 C、动火作业许可 D、高温作业许可 E、潮湿作业许可 3、该起事故的直接经济损失为(C)万元 A 8523 B 12575 C 14425 D 15005 E 15010

2012年化学高考试题答案及解析-全国

2012年普通高等学校招生统一考试（理综化学） 6．下列有关化学键的叙述，正确的是 A．离子化合物中一定含有离子键 B．单质分子均不存在化学键 C．含有极性键的分子一定是极性分子 D．含有共价键的化合物一定是共价化合物 答案：A 【解析】离子化合物中一定含有离子键，A正确；只有单原子分子单质分子中不含化学键，B错误；CO2分子含有极性键，但CO2是非极性分子；NaOH等离子化合物含有共价键，但是离子化合物，不是共价化合物，D错误。 7．能正确表示下列反应的离子方程式是 A．硫酸铝溶液中加入过量氨水Al3＋＋3OH－= Al(OH)3↓ B．碳酸钠溶液中加入澄清石灰水Ca(OH)2＋CO32－= CaCO3↓＋2OH－ C．冷的氢氧化钠溶液中通入氯气Cl2＋2OH－= ClO－＋Cl－＋H2O D．稀硫酸中加入铁粉2Fe＋6H＋= 2Fe3＋＋3H2↑ 答案：C 【解析】A答案中氨水是弱电解质，应写成分子式，错误；B中澄清石灰水应写成离子形式，错误；D答案中铁粉与稀硫酸反应生成亚铁离子，错误。 8．合成氨所需的氢气可用煤和水作原料经过多步反应制得，其中的一步反应为： CO(g)＋H2O(g)催化剂 CO2(g)＋H2(g) △H < 0 反应到达平衡后，为提高CO的转化率，下列措施中正确的是 A．增加压强B．降低温度 C．增大CO的浓度D．更换催化剂答案：B 【解析】CO(g)＋H2O(g)催化剂 CO2(g)＋H2(g)是一个气体总体积不发生改变的反应，增大压强平衡不移动，CO的 转化率不变，A错误；反应式放热反应，降低温度平衡向放热方向移动，B正确；增大CO 的浓度，平衡向正反应方向移动，CO 的转化率降低，C错误；催化剂对化学平衡没有影响，D错误。 9．反应A+B→C(△H<0)分两步进行：①A+B→X(△H>0)，②X→C(△H<0)。下列示意图中，能正确表示总反应过程中能量变化的是 A B C D 答案：D 【解析】由反应A+B →C（△H ＜0）分两步进行①A+B→X （△H ＞0）②X→C（△H ＜0）可以看出，A+B →C（△H ＜0）是放热反应，A和B 的能量之和C，由①A+B→X （△H ＞0）可知这步反应是吸热反应，X→C（△H ＜0）是放热反应，故X的能量大于A+B;A+B的能量大于C,X 的能量大于C，答案：D。

2012年6月英语四级真题及答案详细解析绝对完整版

2012年6月大学英语四级考试真题试题及答案解析(完整版) Part ⅠWriting (30minutes) Directions: For this part, you are allowed 30 minutes to write a short essay entitled Excessive Packaging following the outline given below. Y ou should write at least 120 words but no more than 180 words. 1.目前许多商品存在过度包装的现象 2.出现这一现象的原因 3.我对这一现象的看法和建议 On Excessive Packaging Part ⅡReading Comprehension(Skimming and Scanning)(15minutes) Directions: In this part, you will have 15 minutes to go over the passage quickly and answer the questions on Answer sheet 1. For questions 1-7,choose the best answer from the four choices marked A)，B)，C)and D). For questions 8-10,complete the sentences with the information given in the passage. Small Schools Rising This year?s list of the top 100 high school s shows that today, those with fewer students are flourishing. Fifty years ago, they were the latest thing in educational reform: big, modern, suburban high schools with students counted in the thousands. As baby boomers(二战后婴儿潮时期出生的人) came of high-school age, big schools promised economic efficiency. A greater choice of courses, and, of course, better football teams. Only years later did we understand the trade-offs this involved: the creation of excessive bureaucracies(官僚机构)，the difficulty of forging personal connections between teachers and students.SA T scores began dropping in 1963;today,on average,30% of students do not complete high school in four years, a figure that rises to 50% in poor urban neighborhoods. While the emphasis on teaching to higher, test-driven standards as set in No Child Left Behind resulted in significantly better performance in elementary(and some middle)schools, high schools for a variety of reasons seemed to have made little progress. Size isn?t everything, but it does matter, and the past decade has seen a noticeable countertrend toward smaller schools. This has been due ,in part ,to the Bill and Melinda Gates Foundation, which has invested $1.8 billion in American high schools, helping to open about 1,000 small schools-most of them with about 400 kids each with an average enrollment of only 150 per grade, About 500 more are on the drawing board. Districts all over the country are taking notice, along with mayors in cities like New Y ork, Chicago and San Diego. The movement includes independent public charter schools, such as No.1 BASIS in Tucson, with only 120 high-schoolers and 18 graduates this year. It embraces district-sanctioned magnet schools, such as the Talented and Gifted School, with 198 students, and the Science and Engineering Magnet,with383,which share a building in Dallas, as well as the City Honors School in Buffalo, N.Y., which grew out of volunteer evening seminars for students. And it includes alternative schools with students selected by lottery(抽签)，such as H-B Woodlawn in Arlington, V a. And