华东师范大学计算机机试真题
2009机试 (2)
计算和的数位 (2)
大写改小写 (3)
素数对 (4)
求最大公约数和最小公倍数 (6)
排序后求位置处的数 (7)
*路由器连接 (8)
*编译原理 (10)
*分开连接 (13)
2010机试 (17)
ECNU的含义 (17)
空瓶换啤酒 (18)
统计字符 (20)
2010机试热身 (21)
粽子买三送一，买五送二 (21)
工程流水线问题 (22)
2011机试 (24)
hello world (24)
Special judge (26)
查询成绩 (28)
2011机试热身 (30)
贪吃蛇 (30)
仰望星空 (34)
*编辑距离 (36)
2012机试 (38)
字母排序 (38)
幸运数 (39)
十六进制的加法 (42)
电话号码簿合并排序 (42)
*五子棋 (43)
*正则表达式匹配 (45)
2013机试 (46)
斐波那契数列的素数个数 (46)
*将a字符变成b字符最少修改次数 (47)
2013机试热身 (49)
去重排序 (49)
蛇形图案 (51)
数学手稿 (54)
2009机试
计算和的数位
Sum of digit
Description
Write a program which computes the digit number of sum of two integers a and b.
Input
The first line of input gives the number of cases, N(1 ≤N ≤100). N test cases follow.
Each test case consists of two integers a and b which are separeted by a space in a line. (0<=a,b<=100000000).
Output
For each test case, print the number of digits of a + b.
Sample Input
3
5 7
1 99
1000 999
Sample Output
2
3
4
#include
int main()
{
int n;
int a,b;
int sum;
while(scanf("%d",&n)!=EOF)
{
while(n--)
{
int an=0;
scanf("%d%d",&a,&b);
sum=a+b;
while(sum)
{
an++;
sum/=10;
}
printf("%d\n",an++);
}
}
return 0;
}
大写改小写
Capitalize
Description
Write a program which replace all the lower-case letters of a given text with the corresponding captital letters.
Input
A text including lower-case letters, periods, and space.
Output
Output The converted text.
Sample Input
welcome to east china normal university.
Sample Output
WELCOME TO EAST CHINA NORMAL UNIVERSITY.
#include
#include
char str[1000];
int main()
{
int l;
while(gets(str))
{
l=strlen(str);
int i;
for(i=0;i { if(str[i]>='a'&&str[i]<='z') printf("%c",str[i]-32); else printf("%c",str[i]); } printf("\n"); } return 0; } 素数对 Primes Pair Description We arrange the numbers between 1 and N (1 <= N <= 10000) in increasing order and decreasing order like this: 1 2 3 4 5 6 7 8 9 . . . N N . . . 9 8 7 6 5 4 3 2 1 Two numbers faced each other form a pair. Your task is to compute the number of pairs P such that both numbers in the pairs are prime. Input The first line of input gives the number of cases, C (1 ≤C ≤100). C test cases follow. Each test case consists of an integer N in one line. Output For each test case, output P . Sample Input 4 1 4 7 51 Sample Output 2 2 6 #include #include bool prime[10005]; void init() { int i; int j; prime[0]=prime[1]=false;//不是素数 prime[2]=true;//是素数 for(i=3;i<=10005;i+=2) { prime[i]=true;//是素数 prime[i+1]=false;//不是素数除0和2之外的偶数都不是素数} for(i=3;i<=10005;i+=2) { if(prime[i]==true)//是素数 { j=i+i; while(j<=10005) { prime[j]=false;//不是素数 j+=i; } } } } int main() { int c; int n; init();//初始化 while(scanf("%d",&c)!=EOF) { while(c--) { scanf("%d",&n); int sum=0; int i; for(i=2;i<=n/2;i++) { if(prime[i]==true&&prime[n+1-i]==true) sum++; } sum*=2; if(n%2==1)//n为奇数 { if(prime[n/2+1]==true) sum+=1; printf("%d\n",sum); } } return 0; } 求最大公约数和最小公倍数 GCD and LCM Description Write a program which computes the greatest common divisor (GCD) and the least common multiple (LCM) of given a and b (0 < a, b ≤44000). Input The first line of input gives the number of cases, N(1 ≤N ≤100). N test cases follow. Each test case contains two interger a and b separated by a single space in a line. Output For each test case, print GCD and LCM separated by a single space in a line. Sample Input 2 8 6 5000 3000 Sample Output 2 24 1000 15000 #include int getgcd(int a,int b) { int gcd; int t1,t2; t1=a; t2=b; gcd=t1%t2; while(gcd!=0) { t1=t2; t2=gcd; gcd=t1%t2; return t2; } int main() { int n; int a,b; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { while(n--) { scanf("%d%d",&a,&b); printf("%d %d\n",getgcd(a,b),a*b/(getgcd(a,b))); } } return 0; } 排序后求位置处的数 Sort it… Description There is a database,partychen want you to sort the database’s data in the order from the least up to the greatest element,then do the query: "Which element is i-th by its value?"- with i being a natural number in a range from 1 to N. It should be able to process quickly queries like this. Input The standard input of the problem consists of two parts. At first, a database is written, and then there's a sequence of queries. The format of database is very simple: in the first line there's a number N (1<=N<=100000), in the next N lines there are numbers of the database one in each line in an arbitrary order. A sequence of queries is written simply as well: in the first line of the sequence a number of queries K (1 <= K <= 100) is written, and in the next K lines there are queries one in each line. The query "Which element is i-th by its value?" is coded by the number i. Output The output should consist of K lines. In each line there should be an answer to the corresponding query. The answer to the query "i" is an element from the database, which is i-th by its value (in the order from the least up to the greatest element). Sample Input 5 121 123 7 121 3 3 2 5 Sample Output 121 7 123 #include #include using namespace std; int num[100010]; int pos[105]; int main() { int n; int i; int k; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&num[i]); scanf("%d",&k); for(i=1;i<=k;i++) scanf("%d",&pos[i]); sort(num+1,num+1+n); for(i=1;i<=k;i++) printf("%d\n",num[pos[i]]); } return 0; } *路由器连接 Hub Connection plan Description Partychen is working as system administrator and is planning to establish a new network in his company. There will be N hubs in the company, they can be connected to each other using cables. Since each worker of the company must have access to the whole network, each hub must be accessible by cables from any other hub (with possibly some intermediate hubs). Since cables of different types are available and shorter ones are cheaper, it is necessary to make such a plan of hub connection, that the cost is minimal. partychen will provide you all necessary information about possible hub connections. You are to help partychen to find the way to connect hubs so that all above conditions are satisfied. Input The first line of the input contains two integer numbers: N - the number of hubs in the network (2 <= N <= 1000) and M - the number of possible hub connections (1 <= M <= 15000). All hubs are numbered from 1 to N. The following M lines contain information about possible connections - the numbers of two hubs, which can be connected and the cable cost required to connect them. cost is a positive integer number that does not exceed 106. There will always be at least one way to connect all hubs. Output Output the minimize cost of your hub connection plan. Sample Input 4 6 1 2 1 1 3 1 1 4 2 2 3 1 3 4 1 2 4 1 Sample Output 3 #include #include using namespace std; struct Edge{ int a,b; int cost; }E[15010]; int Tree[1010]; int findRoot(int x) { if(Tree[x]==-1) return x; else { int tmp=findRoot(Tree[x]); Tree[x]=tmp; return tmp; } } bool Cmp(Edge a,Edge b) { return a.cost } int main() { int n; int m; int i; while(scanf("%d",&n)!=EOF) { scanf("%d",&m); for(i=1;i<=m;i++) scanf("%d%d%d",&E[i].a,&E[i].b,&E[i].cost); sort(E+1,E+1+m,Cmp);//排序 for(i=1;i<=n;i++) Tree[i]=-1; int ans=0; for(i=1;i<=m;i++) { int a=findRoot(E[i].a); int b=findRoot(E[i].b); if(a!=b) { Tree[a]=b; ans+=E[i].cost; } } printf("%d\n",ans); } return 0; } *编译原理 Principles of Compiler Description After learnt the Principles of Compiler,partychen thought that he can solve a simple expression problem.So he give you strings of less than 100 characters which strictly adhere to the following grammar (given in EBNF): A:= '(' B')'|'x'. B:=AC. C:={'+'A}. Can you solve them too? Input The first line of input gives the number of cases, N(1 ≤N ≤100). N test cases follow. The next N lines will each contain a string as described above. Output For each test case,if the expression is adapt to the EBNF above output “Good”,else output “Bad”. Sample Input 3 (x) (x+(x+x)) ()(x) Sample Output Good Good Bad #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std; char ex[110]; int index; bool A(); bool B(); bool C(); bool A() { if(ex[index]=='x') { index++; while(ex[index]==' ') index++; return true; } if(ex[index]=='(') { index++; while(ex[index]==' ') index++; if(B()&&ex[index]==')') { index++; while(ex[index]==' ') index++; return true; } } return false; } bool B() { return A()&&C(); } bool C() { while(ex[index]=='+') { index++; while(ex[index]==' ') index++; //return A(); if (!A()) return false; } return true; } int main() { int N; scanf("%d",&N); getchar(); while(N--) { gets(ex); index=0; printf("%s\n",A()&&ex[index]=='\0'?"Good":"Bad"); } return 0; } *分开连接 Separate Connections Description Partychen are analyzing a communications network with at most 18 nodes. Character in a matrix i,j (i,j both 0-based,as matrix[i][j]) denotes whether nodes i and j can communicate ('Y' for yes, 'N' for no). Assuming a node cannot communicate with two nodes at once, return the maximum number of nodes that can communicate simultaneously. If node i is communicating with node j then node j is communicating with node i. Input The first line of input gives the number of cases, N(1 ≤N ≤100). N test cases follow. In each test case,the first line is the number of nodes M(1 ≤M ≤18),then there are a grid by M*M describled the matrix. Output For each test case , output the maximum number of nodes that can communicate simultaneously Sample Input 2 5 NYYYY YNNNN YNNNN YNNNN YNNNN 5 NYYYY YNNNN YNNNY YNNNY YNYYN Sample Output 2 Hint The first test case: All communications must occur with node 0. Since node 0 can only communicate with 1 node at a time, the output value is 2. The second test case: In this setup, we can let node 0 communicate with node 1, and node 3 communicate with node 4. #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include using namespace std; #define MAXN 250 #define MAXE MAXN*MAXN*2 #define SET(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) deque bool g[MAXN][MAXN],inque[MAXN],inblossom[MAXN]; int match[MAXN],pre[MAXN],base[MAXN]; int findancestor(int u,int v) { bool inpath[MAXN]= {false}; while(1) { u=base[u]; inpath[u]=true; if(match[u]==-1)break; u=pre[match[u]]; } while(1) { v=base[v]; if(inpath[v])return v; v=pre[match[v]]; } void reset(int u,int anc) { while(u!=anc) { int v=match[u]; inblossom[base[u]]=1; inblossom[base[v]]=1; v=pre[v]; if(base[v]!=anc)pre[v]=match[u]; u=v; } } void contract(int u,int v,int n) { int anc=findancestor(u,v); SET(inblossom,0); reset(u,anc); reset(v,anc); if(base[u]!=anc)pre[u]=v; if(base[v]!=anc)pre[v]=u; for(int i=1; i<=n; i++) if(inblossom[base[i]]) { base[i]=anc; if(!inque[i]) { Q.push_back(i); inque[i]=1; } } } bool dfs(int S,int n) { for(int i=0; i<=n; i++)pre[i]=-1,inque[i]=0,base[i]=i; Q.clear(); Q.push_back(S); inque[S]=1; while(!Q.empty()) { int u=Q.front(); Q.pop_front(); for(int v=1; v<=n; v++) { if(g[u][v]&&base[v]!=base[u]&&match[u]!=v) { if(v==S||(match[v]!=-1&&pre[match[v]]!=-1))contract(u,v,n); else if(pre[v]==-1) { pre[v]=u; if(match[v]!=-1)Q.push_back(match[v]),inque[match[v]]=1; else { u=v; while(u!=-1) { v=pre[u]; int w=match[v]; match[u]=v; match[v]=u; u=w; } return true; } } } } } return false; } int solve(int n) { SET(match,-1); int ans=0; for(int i=1; i<=n; i++) if(match[i]==-1&&dfs(i,n)) ans++; return ans; } int main() { int ans; int n,m; char tmp[30]; scanf("%d",&n); while(n--) { ans=0; memset(g,0,sizeof(g)); scanf("%d",&m); for(int i=1;i<=m;i++) { scanf("%s",tmp+1); for(int j=1;j<=m;j++) { if(tmp[j]=='Y') { g[i][j]=g[j][i]=1; } } } ans=solve(m); printf("%d\n",ans*2); } return 0; } 2010机试 ECNU的含义 Welcome to 2009 ACM selective trial Description Welcome to 2009 ACM selective trial. ACM is a long way to go, and it's not just a match. So what you need to do for now is do your best! And as members of ACM lab, we are going to teach you something important. Firstly you should be proud that you are a member of ECNU, because 'E' represents "Excellent", 'C' represents "Cheer", 'N' represents "Nice", 'U' represents "Ultimate". Second you should remember Impossible is nothing, because "Impossible" represents "I'm possible". Third for today you should keep ACM, because for you ACM represents "Accept More". Do you remember them clearly? Now we will give you a string either "E" ,"C", "N","U","Impossible" or"ACM", you need to tell me what does it means? Input The first line of input gives the number of cases, N(1 ≤N ≤10). N test cases follow. Each test consists of a string which will be one of "E" ,"C", "N","U","Impossible" or"ACM". Output Tell me what does it means. Sample Input 3 E Impossible ACM Sample Output Excellent I'm possible Accept More #include #include char str[20]; int main() { int N; scanf("%d",&N); while(N--) { scanf("%s",str); if(strcmp(str,"E")==0) printf("Excellent\n"); else if(strcmp(str,"C")==0) printf("Cheer\n"); else if(strcmp(str,"N")==0) printf("Nice\n"); else if(strcmp(str,"U")==0) printf("Ultimate\n"); else if(strcmp(str,"Impossible")==0) printf("I'm possible\n"); else if(strcmp(str,"ACM")==0) printf("Accept More\n"); } return 0; } 空瓶换啤酒 Soda Surpler Description Tim is an absolutely obsessive soda drinker,he simply cannot get enough. Most annoyingly though, he almost never has any money, so his only obvious legal way to obtain more soda is to take the money he gets when he recycles empty soda bottles to buy new ones. In addition to the empty bottles resulting from his own consumption he sometimes find empty bottles in the street. One day he was extra thirsty, so he actually drank sodas until he couldn't aford a new one. Input Three non-negative integers e,f, c, where e < 1000 equals the number of empty soda bottles in Tim's possession at the start of the day, f < 1000 the number of empty soda bottles found during the day, and 1 < c < 2000 the number of empty bottles required to buy a new soda. Output How many sodas did Tim drink on his extra thirsty day? Sample Input 9 0 3 5 5 2 Sample Output 4 9 #include #include int main() { int e,f,c; int t; int sum; int full,empty; while(scanf("%d%d%d",&e,&f,&c)!=EOF) { sum=0; empty=e+f;//空瓶数量 while(empty>=c)//空瓶数量可换 { sum+=empty/c;//换的满瓶 empty=empty/c+empty%c;//新的空瓶数量 } printf("%d\n",sum); } return 0; } 统计字符 统计字符 Description 输入一行字符，分别统计其中英文字母、空格、数字和其他字符的个数。 Input 输入一个整数t，表示有几组数据 接下来有t行，每行字符不超过10000个 Hint 可能有空格之类的字符 Output 对于每行字符输出其中 1英文字母（大小写都算）的个数 2数字的个数 3其他字符的个数 Sample Input 2 q2 e2 qweqrwwerr232424fwetetg===2342gdsg3.,/-=@321 Sample Output character:2 number:2 others:1 character:21 number:14 others:9 #include #include char str[10010]; int main() { int t; int i; int cn,nn,on; scanf("%d",&t); getchar();//清除上一个换行符 while(t--) { 华东师范大学 2011年心理专硕347考研真题 一、选择题（每题2分，共120分） 1、科学心理学内涵最妥当的表述是 A．对潜意识的实证揭示 B．对人类行为的实证探讨 C．对个体行为和心理活动的研究 D．对社会事件与社会活动资料的搜集 2、下列匹配不正确的是 A．冯特-格式塔 B．马斯洛-人本主义 C．华生-行为主义 D．詹姆斯-机能主义 3、王琴某年高考得了高分，在大学学习中，各科成绩也很好，表明当年的高考试题具有 A．信度 B．效度 C．自变量 D．因变量 4、下列选项属于测验稳定性或多次测量结果一致性程度的是 A．信度 B．标准化 C．效度 D．常模 5、费希纳定律的公式是（S为感觉量，K和C为常数，R为刺激强度）A．I-KlgS B．S=RlgK C．S=KlgR D．K=SlgR 6、根据听觉位置理论观点，高音区在耳蜗的 A．顶部 B．中部 C．上部 D．底部 7、立体电影利用的知觉原理是 A．双眼辐合 B．运动透视 C．双眼视差 D．运动视差 8、造成两耳声音刺激的时间差别、强度差别、声波位相差别的原因是A．双耳线索 B．空间定位线索 C．单耳线索 D．两耳距离差 9、心理学的研究表明，在整个睡眠中，梦境一般发生在 A．快速眼动睡眠 B．β 波为主的睡眠 C．δ 波为主的睡眠 D．θ 波为主的睡眠 10、”眼观六路，耳听八方”的注意品质是 A．注意的广度 B．注意的转移 C．注意的分配 D．注意的稳定性 11、静态广告形成某些消费行为的生理机制，主要是 A．经典条件反射 B．操作条件反射 C．无条件刺激 D．无条件反应 12、在记忆系统中，具有加工处理信息和存储信息双重功能的记忆是A．工作记忆 B．感觉记忆 C．短时记忆 D．长时记忆 13、语义层次网络中的基本单元是 A．概念 B．判断 C．推理 D．归类 14、感知到思维的中介是 A．记忆 B．注意 C．袁象 D．想象 15、在解决问题过程中，通过减少当前状态与目标状态之间差异的策略是A．爬山法 B．类比迁移策略 C．手段-目的分析 D．目标递归策略 2012年华东师范大学计算机系各研究所导师招生意向表 华东师范大学计算机系教授研究方向 姓名职 称 研究领域 办公 室 电话E-mail 王能终 身 教 授 计算机网络协议、计算机网络安全、数字 移动通信系统的用户设备测试技术 信息 楼601 室 54345146 顾君忠终 身 教 授 多媒体技术，远程教育技术，CSCW及其应 用;分布式数据库系统，分布计算环境;计 算机支持的协同工作（CSCW）：高级系 统设计与综合，分布计算与普及计算 信息 楼603 室 54345147 吕岳教 授 模式识别,图像处理,人工智能,信息检 索,数据挖掘,人工神经网络,计算机视 觉,数据压缩,生物信息学 信息 楼621 室 54345115 张卫教 授 计算机网络组播协议和技术、计算机网络 管理、网络协议的一致性测试、网络教育 技术 信息 楼615 室 54345165 李志斌教 授 符号计算软件及其应用、非线性数学物理 信息 楼611 室 54345145 杨宗源教 授 软件工程、工具及环境：形式化、面向对 象、组件、中间件、分布计算、过程管理、 测试与度量、语言处理 信息 楼613 室 54345109 顾国庆教 授 图像处理和模式识别：图像处理，模式识 别和人工智能；复杂系统的计算机模拟研 究：原胞自动机和交通流模型的研究，复 杂流体的理论 信息 楼603 室 54535183 张桂戌教 授 软件设计方法与技术、图像处理理论与方 法 信息 楼330 室 54345108 gxzhang@https://www.sodocs.net/doc/4718025538.html, 王紫模式识别、人工智能、生物特征识别信息(617) 华东师范大学1999年地图学与地理信息系统试题 一、名词解释 1.拓扑结构 2.游程长度编码 3.TIN 4.缓冲区分析 5.专家系统 二问答题 1.地图学与地理信息系统(GIS)与MIS、CAD的区别与联系。 2.空间数据的输入法。（此题可能有问题，一直找不到答案，不过2000年后没考过，请见谅） 3. DEM的应用。 4. 地图学与地理信息系统(GIS)与RS、GPS结合的方法与意义。 5. 地图学与地理信息系统(GIS)的发展趋势及目前存在的问题。 华东师范大学2000年地图学与地理信息系统试题 出售答案QQ1029455741 ，全网第一份独家资料 验证信息：答案 一、名词解释 1 手扶跟踪数字化 2.坐标转换 3.Arc/node Arc（弧段） 4.DTM/DEM 5.虚拟现实 二问答题 1.地图学与地理信息系统(GIS)数据精度与误差来源。 2. 四叉树编码方法。 2.空间数据内插方法。 4.现要建一个工厂去也管理地理信息系统，要求系统具有如下功能： 1) 根据工厂企业属性数据库中的地址在电子地图上进行空间定位。 2) 可以选定道路或河流，对道路或河流两侧某一范围内的工厂企业进行统计分析。问如何建立系统并实现上述功能，可以设计哪些查询方法？ 5.数字地球的概念及其潜在的应用。 华东师范大学2001年地图学与地理信息系统试题 一名词解释 1.数据采集 2.空间数据结构 3.ARC/INFO 4.栅格数据压缩编码 5.屏幕跟踪矢量化 二问答题 1.地图学与地理信息系统(GIS)数据精度可以从哪几个方面进行评价？并解释。 2.叙述产生数字高程模型（DEM）的方法。 3.叙述栅格数据取值方法。 4.一个伐木公司获准在某一个区域砍伐树木，为防止水土流失，许可证规定不得在河流沿 高中信息科技（华师大版）教材分析（一） 第一部分教学内容和要求 郭崇烈 第一篇信息技术基础 第一章信息与信息编码 一．教学内容 （一）信息及其特征 （二）信息的编码 1、数制 2、二、十进制之间的转换 3、文字编码 4、声音编码 5、图像编码 6、信息的压缩 二．课时安排 本章总课时数：2 课时。 其中：1.1 信息及其特征：1课时； 1.2 信息的编码：1课时 三．教学要求 1、理解信息的初步概念；知道信息、物质、能源是人类社会的三大资源；知道信息量的衡量依据；知道信息必须依附于某种载体；理解信息的四大特征。 2、知道数制的构成；知道二进制的构成；理解计算机内部工作采用二进制的原因；知道现代计算机使用二进制编码处理文字、声音、图片、动画和影像等信息。 3、理解二进制基本运算规则；掌握100以内不带小数的十进制数与二进制数的相互转换。 4、知道通常采用ASCII码进行文字编码；知道英文字母的ASCII码表示方法；知道汉字编码国家标准是信息交换用汉字编码字符集基本集(GB2312-80)，知道汉字的ASCII码表示方法；知道新的GB1300标准包含20902个汉字。 *5、知道脉冲编码调制（PCM）是最常用的声音的编码；知道脉冲编码调制的两个工作步骤；知道音频编码方法（MIDI）；知道声卡的用途。 6、知道像素、三原色；*知道像素的二进制表示；知道位图文件（.bmp）；理解一秒钟的电视所要处理的数据容量。 7、理解信息压缩的必要性；知道两种信息压缩的方法；知道音乐信息、静态图像信息和视频信息的压缩标准。 注：打*号的内容为阅读内容，不属于必学范围。下同。 四．分层目标一览表 第二章信息技术与信息处理工具 一．教学内容 （一）信息技术 （二）信息处理工具 1、计算机硬件 2、计算机软件 二．课时安排 本章总课时数：2 课时。 其中：2.1 信息技术：1课时； 2.2 信息处理工具：1课时 三．教学要求 1、知道什么是信息技术；知道信息技术所包括的三项技术；知道信息技术的主体是信息处理技术；以墙报制作过程为例理解信息处理的过程。 2、知道计算机系统的两大组成部份；知道计算机系统是信息处理的基本工具；知道多媒体计算机是具有多媒体处理能力的计算机系统。 3、知道计算机发展历程；知道冯?诺依曼体系结构的基本特征及其五个逻辑组成部件；知道各个逻辑部件的作用和常用设备名称；*知道总线、主板的作用；*知道多媒体计算机中 平时作业(测验) 一、简要描述每对术语的主要区别 1. 计算机网络与计算机互联系统 答：计算机网络，是指将地理位置不同的具有独立功能的多台计算机及其外部设备，通过通信线路连接起来，在网络操作系统，网络管理软件及网络通信协议的管理和协调下，实现资源共享和信息传递的计算机系统。互联网，即广域网、局域网及单机按照一定的通讯协议组成的国际计算机网络。互联网是指将两台计算机或者是两台以上的计算机终端、客户端、服务端通过计算机信息技术的手段互相联系起来的结果。 2.OSI 参考模型与TCP/IP 答：OSI参考模型有七个层次，从上而下分别为：应用层、表示层、会话层、传输层、网络层、数据链路层、物理层。TCP没有表示层、会话层，互连网层与网络层相当，网络接口层，则对应数据链路层和物理层。TCP/IP有四个层次，从上而下分别为：应用层、传输层、互连网层、网络接口层。 3.分组交换与电路交换 答：分组交换的特点：信息以分组为单位传输；并不在发送方和接收方之间提前建立实际的铜线连接，而是采用存储转发的方式；转发延时短；数据传输灵活（每个分组可按不同路径不同顺序到达）转发差错少；在目的结点要对分组进行重组，增加了复杂性。电路交换的特点：数据传输前需要建立一条端到端的物理通路，要经过线路建立、数据通信、释放连接三个阶段；在通话的全部时间内用户始终占用端到端的固定传输带宽；没有冲突的危险，不存在拥塞。 4.Go-back-n 与选择重发 答：连续重发请求(Go-back-n)ARQ方案是指发送方可以连续发送一系列信息帧，即不用等前一帧被确认便可继续发送下一帧，效率大大提高。选择重发ARQ方案是当接收方发现某帧出错后，其后继续送来的正确帧虽然不能立即递交给接收方的高层，但接收方仍可收下来，存放在一个缓冲区中，同时要求发送方重新传送出错的那一帧。 5.CSMA/CD与CSMA/CA 答：CSMA/CD：带有冲突检测的载波监听多路访问，可以检测冲突，但无法“避免” CSMA/CA 带有冲突避免的载波侦听多路访问，发送包的同时不能检测到信道上有无冲突，只能尽量‘避免’ 1.两者的传输介质不同,CSMA/CD用于总线式以太网而则用于无线局域网802.11a/b/g/n 等等；2.检测方式不同,CSMA/CD通过电缆中电压的变化来检测，当数据发生碰撞时，电缆中的电压就会随着发生变化；而采用能量检测(ED)、载波检测(CS)和能量载波混合检测三种检测信道空闲的方式； 6.虚电路与数据报 答：数据报服务：无连接；每个分组带上完整地址信息；每个分组独立路由；故障时影响小；不保证按序、可能丢失；复杂处理由传输层承担虚电路服务：面向连接；连接建立后每个分组仅带上虚电路号；仅建立虚电路时实施路由选择；故障时影响大；保证按序、可靠传输；复杂处理由网络层承担。 7.IP 地址与端口号 答：IP地址:IP地址是用来唯一标识互联网上计算机的逻辑地址，让电脑之间可以相互通信。每台连网计算机都依靠IP地址来互相区分，相互联系。端口号:TCP/IP协议中的端口，端口号的范围从0到65535，比如用于浏览网页服务的80端口，用于FTP服务的21端口等等8.子网划分与CIDR 计算机入门模拟卷A-华东师范大学 华东师范大学成人高等教育（网络教育） 《计算机入门》模拟卷（A卷） 考试形式：闭卷考试时间：90分钟 学习中心：_________ 姓名：_________ 学号：_________ 成绩：_________ 注：答案统一做在答题纸上。 一、单选题（40分） 1..当前的计算机一般被认为是第四代计算机，它所采用的逻辑元件是__D____。 A.晶体管 B.集成电路 C.电子管 D. 大规模集成电路 2．时至今日，计算机仍采用“存储程序”原理，原理的提出者是____C___。 A.莫尔 B.比尔?盖茨 C.冯?诺依曼 D.科得( E. F.Codd) 3．衡量计算机存储能力的指标是___D___。A.字节 B.字长 C.处理速度 D.存储容量 4．在Windows 7操作系统中，将打开窗口拖动 到屏幕顶端，窗口会__C_____。 A．关闭 B．消失 C．最大化 D．最小化 5．在Windows 7操作系统中，显示3D桌面效果的快捷键是____C___。 A．“Win”+“D” B．“Win”+“P” C．“Win”+“Tab” D．“Alt”+“Tab” 6．文件的类型可以根据____C___来识别。A．文件的大小B．文件的用途 C．文件的扩展名D．文件的存放位置 7．中央处理器（CPU)可直接读写的计算机存储部件是_____A___。 A.内存 B.硬盘 C.软盘 D.外存 8. 磁盘和磁盘驱动器是微型计算机的外存储设备，可实现对信息的_____C__。 A.输入 B.输出 C.输入和输出 D.记录和过滤 9. 在Windows中，想同时改变窗口的髙度和宽度的操作是拖放____A____。 A.窗口角 B.窗口边框 C.滚动条 D.菜单栏 10. 安装程序时通常默认安装在____A______中的“Program Files”文件夹中。 A．C盘 B.D盘 C. E盘 D.F盘 11.任务栏中的“应用程序按钮”是用来___B_____。 A．打开应用程序的B．切换应用程序的 C．复制应用程序的D．删除应用程序的 环境科学2000年 一、填空题（30分） 1、酸雨是指，我国酸雨组成以为主。 2、微波对生物体造成的伤害和生理影响，主要是所谓的作用的结果。 3、生物多样性三个主要组成部分是、、。 4、《控制危险废物越境转移及其处理公约》又叫公约。 5、用铬法和锰法测定的化学需氧量之间的关系为CODCr CODMn。 6、八大公害事件中，水俣病是由于引起的，骨痛病是由于引起的。 7、生态金字塔主要有、、三种类型。 8、按照处置对象及技术要求上的差异，土地填埋主要分为和两类。 二、名词解释（20分） 海岸逆温可持续发展演替环境本底值生物质能 三、问答题（50分） 1、污染物质进入海洋有哪些主要途径？试举例说明。 2、伦敦型烟雾与洛杉矶型烟雾的区别。 3、海洋污染的特点有哪些？ 4、简述固体废弃物管理的"三化"。 5、计算相应于强度为120分贝的噪声的声压。 环境科学2001年 一、名词解释（15分） 温室效应富营养化酸雨噪光光化学烟雾 二、简答题（40分） 1、简述可持续发展的含义和原则。 2、简述大气污染预报的依据。 3、什么是食物链？它在难（不）降解污染物迁移中的作用如何？ 4、试述人类社会不同发展阶段环境问题的主要特征与动力的关系？ 三、论述题（45分） 1、太湖流域水污染防治的"零点行动"未达到预期效果,你认为主要原因可能有哪些？（25分） 2、生物多样性丧失的主要原因有哪些？（20分） 环境科学2002年 一、填空题（10分） 1、《人类环境宣言》于年在市制订。 2、污水综合牌坊标准中第一类污染物包括：、、、、和。 3、城市区域环境噪声标准适用区域有六类，它们分别是：、、、、和。 4、影响空气污染的气象因素有：、、和。 5、生物多样性三个主要组成部分是、、。 二、名词解释（10分） 环境要素最小限值律环境本底值空气二次污染物"三同时" 巴塞尔公约 三、简答题（30分） 1、二次能源及其举例 2、水体的氧垂曲线和DO的变化过程 3、水体重金属的污染特点及其主要污染事件 4、从四种划分类型简介大气污染源 5、降温率与排烟类型的关系 6、固体废弃物处理处置的一般方法 四、叙述题（50分） 1、叙述生态系统的组成部分及其主要作用 2、叙述能源利用对生态和环境的影响情况 3、叙述废水有机污染指标中BOD、COD和TOC的内涵及其应用特点 4、叙述全球变暖的原因及其对人类的影响 5、叙述臭氧层平衡被破坏的原因及其危害。 环境科学2003年 一、名词解释（30分） 环境容量生物多样性噪声级温室效应赤潮清洁生产 二、简述题（50分） 1、简述伦敦烟雾事件和洛杉矶光化学烟雾事件的异同点 华师大网络教育选修课《计算机应用基础统考》平时作业答案题目1 世界上第一台电子计算机“ ENIAC ”采用的逻辑元件是 A. 大规模集成电路 B. 集成电路 C. 晶体管 D. 电子管 答案: D 题目 2 计算机的基本组成包括 A. 中央处理器CPU、主板、电源和输入输出设备 B. 中央处理器CPU、内存、输入和出设备 C. 中央处理器CPU、硬盘和软盘、显示器和电源 D. 中央处理器CPU、存储器、输入输出设备答案: D 题目 3 下列软件中属于系统软件的是 A. Authorware 多媒体制作软件 B. C 语言程序设计软件 C. GIS 地理信息系统处理软件 D. Photoshop 图像处理软件 答案: B 题目 4 一般说来，下列打印机中， ___ 的打印速度最快。 A. 针式打印机 B. 激光打印机 C?黑白喷墨打印机 D.彩色喷墨打印机 答案: B 题目5 十六进制数B42H 转换成十进制数和二进制数分别是 A. 2882 和101101000010B B. 2596 和0010010110010110B C. 2340 和101000100100B D. 2844 和0010010110010110B 答案: A 题目6 操作系统是 A. 用户与软件的接口 B. 系统软件与应用软件的接口 C. 主机与外设的接口 D. 用户与计算机的接口 答案: D 题目7 在搜索或显示文件目录时，若用户选择通配符*.* ，其含义为 A. 选中所有含有*的文件 B. 选中所有扩展名中含有*的文件 C. 选中所有文件 D. 选中非可执行的文件 答案: C 题目8 下列关于删除操作的说法中只有 _____ 是不对的。 A. 把文件名或快捷图标拖放到“回收站”中，该文件被逻辑删除 B?在“我的电脑”中选中该文件，按下 华东师大1998年中国哲学硕士试题 一、 名词解释（30分） 1、忠恕 2、兼爱 3、坐忘 4、万法唯识 5、德性之知 6、俱分进化 二、标点、今译并分析下列短文（20分） 物之所在道则在焉物有止道无止也非知道者不能该物非知物者不能至道道虽广大理备事足而终归之于物不使散流 三、论述题（任选两题，50分） 1、简析《老子》道法自然的思想； 2、试论朱熹的格物致知说； 3、略论严复的天演哲学。 华东师大1999年中国哲学硕士试题 一、简释以下概念（30分） 1、复性说 2、化性起伪 3、俱分进化论 4、四分说 5、白马非马 6、坐忘 二、 标点、今译并简要评点（30分） 1、 大学之道在明明德在亲民在止于至善知止而后有定定而后能静静而后能安安而后能虑虑而后能得物有本末事有终始知所先后则近道矣古之欲明明德于天下者先治其国欲治其国者先齐其家欲齐其家者先修其身欲修其身者先正其心欲正其心者先诚其意欲诚其意者先致其知致知在格物物格而后知至知至而后意诚意诚而后心正心正而后身修身修而后家齐家齐而后国治国治而后天下平 2、 人之道天之道也天之道人不可以之为道者也语相天人之大业则必举而归之于圣人乃其弗能相天与则任天而已矣鱼之游泳禽之翔集皆其任天者也人弗敢以圣人自尸抑岂曰同禽鱼之化哉？……夫天与之目力必竭而后明焉天与之耳力必竭而后聪焉天与之心思必竭而后睿焉天与之正气必竭而后强以贞焉可竭者天也竭之者人也 三、 回答下列问题 1、 孔子贵“仁”，墨子贵“兼”，请对这两种学说加以比较。（10分）2、 试评析胡适“大胆的假设、小心的求证”的方法论。（15分） 3、 、中国古代哲学“力命之争”的大致线索是怎样的？（15分） 华东师大2000年中国哲学硕士试题 一、解释下列名词术语（30分） 1、忠恕 2、道常无为而无不为 3、得意忘象 4、变化气质 5、能必副其所 二、简答（40分） 1、简论王充“疾虚妄”的批判精神及其哲学意义。 2、述范缜对形神关系的基本论述并作简要评论。 3、析朱熹“理一分殊”说的内容及其思维特征。 4、析章太炎“竞争出智慧”的认识论意义。 三、论析题（30分） 论析康有为“公羊三世说”进化论的内容、特征及其意义。 华东师大2001年中国哲学硕士试题 一、名词解释 1、三表 2、离坚白 3、形质神用 4、顿悟 5、理一分殊 6、实测内籀 二、简析题（30分） 1、简析孟子的性善说。 2、简析冯友兰的人生境界说。 四、 论述题（40分） 1、 试论《老子》哲学中的道。 2、 计算机网络 一、选择题 15．在OSI参考模型中，网络层的上一层是（）。C.传输层 25．以下哪一项不是数据链层必须解决的（）。D.比特流传输 26．第一个国际网络体系结构标准是（）开放系统互连基本参考模型。A.OSI／RM 6．在下列有关网络分层的原则中，不正确的是（）。D.同一功能可以由多个层共同实现 16．( )是实现局域网一广域网互联的主要设备。C.路由器或网关 5．计算机网络体系结构是指（？？）。D.网络各层及其协议集合 5．10Base-2和10Base-5的区别是( )。 D.10Base-2用细同轴电缆，10Base-5用粗同轴电缆 13．带宽是对下列哪种媒体容量的度量(？？？？) C.传送数据 14．在环状网结构中，工作站间通过( )协调数据传输。C.令牌 16．在一座大楼内组建的一个计算机网络系统，属于（）。https://www.sodocs.net/doc/4718025538.html,N 19．依据奈奎斯特准则，每赫带宽的理想低通信道的最高码元传输速率为每秒(？？？)个码元。B.2 21．所有工作站都与中心节点相连的一种网络拓扑结构是（）。B.星型网络拓扑结构 1．以下IP地址中属于B类地址的是（）。 B.172．16．26．36 2．以下哪一个网络设备不是组成局域网必须的（） A.路由器 6．TCP/IP模型的传输层有两个协议，其中TCP协议是（？？？）。A.一种可靠的面向连接的协议 8．通过软件将交换LAN中的某些站点连接在一起成为一个逻辑工作组，这个工作组就构成一个（）B.虚拟LAN 9．ADSL技术能够支持的最大数据上传速率是多少( )。D．8Mb／s 10．端口就是运输层服务访问点SAP，其作用之一是让应用层的各种应用进程都能将其数据通过端口向下交付给（）。 D.运输层 2．由一些局域网网段构成的与物理位置无关的逻辑组称为（）。A.VLAN 13．网络拥塞会使网络性能恶化，最严重的后果是（）。B.死锁 12．多路复用器的主要功能是什么（）。C.使多个信号沿同一信道传输 13．将一个信道按频率划分为多个子信道，每个子信道上传输一路信号的多路复用技术称为（）。B.频分多路复用16．局域网中最常使用的有线通信媒体是( )。A.双绞线和基带同轴电缆 17．下列差错控制编码中（）是通过多项式除法宋检测错误。B.CRC 18．具有冲突检测载波监听多路访问CSMA/CD技术，只用于（）。A.总线型网络拓扑结构 19．网桥仅根据( )地址来过滤通信量的。D.端口号 20．IEEE802为局域网规定的标准，它只对应于OSI参考模型的( )。C.第一层和第二层 21．以下哪一类IP地址标识的主机数量最多（）D.A类 22．网络协议主要要素为（）。C.语法、语义、同步 24．（）是网络上主机的唯一标识，它包括了网络号与主机号两部分。B.IP地址 1．下列传输介质中，哪种传输介质的典型传输速率最高(？？？) A.光缆 2．在同一个信道上的同一时刻，能够进行双向数据传送的通信方式是（）。C.全双工 3．下列编码中，属于自同步码的是（）。C.曼彻斯特编码 4．ARP协议完成（）的映射变换。C.IP地址到物理地址 5．对局域网来说，网络控制的核心是（）C.网络服务器 6．在因特网实现IP多播(又称为组播)服务主要依靠（）。A.多播路由器 7．计算机网络最突出的优点是（）。D.共享资源 8．完成报文分组的路径选择功能是OSI模型的（）。C.网络层 9．在Internet中，主机是按( )进行寻址。B.IP地址 以下不属于计算机外部设备的是_______。 A.输入设备 B.中央处理器和主存储 器 C.输出设备 D.外存储器 答案关键: B 题目 2 of 100 1.0 得分 计算机系统中运行的程序、数据及相应的文档的集合称为 ________。 A.主机 B.软件系 统 C.系统软 件 D.应用软 件 答案关键: B 题目 3 of 100 1.0 得分 以下不属于计算机软件系统的是_______。 A.程序 B.程序使用的数据 C.外存储器 D.与程序相关的文 档 答案关键: C 下面各组设备中，同时包括了输入设备、输出设备和存储设备的是_____。 A.CRT, CPU、ROM B.绘图仪、鼠标器、键盘 C.鼠标器、绘图仪、光盘 D.磁带、打印机、激光印字机 答案关键: C 题目 5 of 100 1.0 得分 在微型计算机的各种设备中，既用于输入又可用于输出的设备是_____。 A.磁盘驱动 器 B.键盘 C.鼠标 D.绘图仪 答案关键: A 题目 6 of 100 1.0 得分 用语言、文字、符号、场景、图像、声音等方式表达的内容统称为______。 A.信息技 术 B.信息社 会 C.信息 D.信息处 理 答案关键: C 在下面的描述中，正确的是_____。 A.外存中的信息可直接被CPU处理 B.键盘是输入设备，显示器是输出设备 C.操作系统是一种很重要的应用软件 D.计算机中使用的汉字编码和ASCII码是相同的 答案关键: B 题目 8 of 100 1.0 得分 不可能在任务栏上的内容为________。 A.对话框窗口的图标 B.正在执行的应用程序窗口图 标 C.已打开文档窗口的图标 D.语言栏对应图标 答案关键: A 题目 9 of 100 1.0 得分 在Windows中，关于文件夹的描述不正确的是________。 A.文件夹是用来组织和管理文件的 B.“计算机”是一个系统文件夹 C.文件夹中可以存放驱动程序文件 D.同一文件夹中可以存放两个同名文 件 答案关键: D 题目 10 of 100 1.0 得分 Windows中可以设置、控制计算机硬件配置和修改显示属性的应用程序是________。 华师计算机网络 第1题,TCP／IP协议是一种开放的协议标准，下列哪个不是它的特点？（） A、独立于特定计算机硬件和操作系统 B、统一编址方案 C、政府标准 D、标准化的高层协议 第2题,IEEE802．3标准以太网的物理地址长度为（）。 A、8bit B、32bit C、48bit D、64bit 第3题,提高链路速率可以减少数据的（） A、传播时延 B、排队时延 C、等待时延 D、发送时延 发送时延=发送数据帧长/发送速率 第4题,交换式局域网从根本上改变了"共享介质"的工作方式，它可以通过局域网交换机支持端口之间的多个并发连接。因此，交换式局域网可以增加网络带宽，改善局域网性能与（）。 A、服务质量 B、网络监控 C、存储管理 D、网络拓扑 第5题,局域网采用的双绞线为（） A、3类UTP B、4类UTP C、5类UTP D、6类UTP 双绞线分为非屏蔽双绞线（UTP）和屏蔽双绞线（STP）两大类。局域网中非屏蔽双绞线分为三类、四类、五类和超五类四种。屏蔽双绞线分为三类和五类两种.五类速率更高 第6题,以下哪一种方法是减少差错的最根本方法是（） A、提高线路质量 B、采用屏蔽 C、选择合理的编码方式 D、差错检查 第7题,下列的IP地址中哪一个是B类地址？（） A、10.lO.10.1 B、191.168.0.1 C、192.168.0.1 D、202.113.0.1 第8题,关于计算机网络的讨论中，下列哪个观点是正确的？（） A、组建计算机网络的目的是实现局域网的互联 B、联入网络的所有计算机都必须使用同样的操作系统 C、网络必须采用一个具有全局资源调度能力的分布操作系统 D、互联的计算机是分布在不同地理位置的多台独立的自治计算机系统 第9题,常用的数据传输速率单位有Kbps、Mbps、Gbps，lGbps等于（）。 A、1×103Mbps B、1×103Kbps C、l×106Mbps D、1×109Kbps 第10题,下列哪种技术不是实现防火墙的主流技术（）。 A、包过滤技术 B、应用级网关技术 C、代理服务器技术 D、NAT技术 NAT(Network Address Translation，网络地址转换)是1994年提出的。当在专用网内部的一些主机本来已经分配到了本地IP地址(即仅在本专用网内使用的专用地址)，但现在又想和因特网上的主机通信(并不需要加密)时，可使用NAT方法。 第11题,关于TCP／IP协议的描述中，下列哪个是错误的？（） A、地址解析协议ARP／RARP属于应用层 B、TCP、UDP协议都要通过IP协议来发送、接收数据 C、TCP协议提供可靠的面向连接服务 D、UDP协议提供简单的无连接服务 地址解析协议ARP／RARP并不是单独的一层，它介于物理地址与IP地址之间起着屏蔽物理地址细节的作用。IP协议横跨整个层次，TCP、UDP协议都通过IP协议来发送、接收数据。TCP协议提供可靠的面向连接服务，UDP协议是一种不可靠的无连接协议。故选A。第12题,基于对网络安全性的需求，网络操作系统一般采用4级安全保密机制、即注册安全、用户信任者权限、最大信任者权限屏蔽与（）。 A、磁盘镜像 B、UPS监控 C、目录与文件属性 D、文件备份 基于对网络安全性的要求，网络操作系统NetWare提供的4级安全机制是：注册安全性、用户信任者有限、最大信任者权限屏蔽和目录与文件属性。 第13题,广域网覆盖的地理范围从几十公里到几千公里。它的通信子网主要使用（）。A、报文交换技术 2000-2007华东师范大学—教育管理学考研试题 时间: 2006-03-01 23:52:30 | [<<][>>] 华东师范大学2000年教育管理学考研试题 -------------------------------------------------------------------------------- 一．概念题（每题5分，共20分） 教师合格证制度古典管理理论教育管理体制教育投资 二．简答题（每题6分，共30分） 1、简要分析教育管理学的研究对象和范围。 2、试分析科层制组织理论。 3、请列举教育管理的方法。 4、简要分析教育行政地方分权制的特点及其局限性。 5、简述巴纳德关于组织要素的理论。 四、论述题（每题25分，共50分） 1、评述我国教育经费的来源渠道及有效利用。 2、评述行为科学在教育管理研究中的价值。 华东师范大学2001年教育管理学考研试题 -------------------------------------------------------------------------------- 一、解释名词（每题5分，共30分） 非正式组织校本教师培训行为科学教育行政地方分权制双因素理论法约尔 二、简答题 1.简述依法治教的种种表现。（10分） 2.试论教育管理学的研究方法。（10分） 三、论述题 1.试分析教师管理的基本法律制度。（20分） 2.评述巴纳德组织沟通理论及其在学校管理中的运用。（30分 华东师范大学2002年教育管理学考研试题 -------------------------------------------------------------------------------- 一、名词解释（每题5分，共40分） 教育人事管理非程序化决策义务教育松散结合理论校本管理教育行政中央集权制西蒙组织文化 二、论述题 1.评述激励理论及其在教育管理实践中的运用（15分） 2.结合《教育法》中有关规定，论证举办学校的必要条件。（15分） 3.你认为学校组织中人际沟通行为主要有哪些障碍？如何才能在学校管理中达到有效的沟通？（30分） 华东师范大学2004年教育管理学考研试题 -------------------------------------------------------------------------------- 考试科目:教育管理学 招生专业:教育经济与管理 一、名词解释： 行政管理教育规划组织发展跳板原则松散结合理论 二、简述题： 1、法约尔管理思想之主要内容？ 2、教育政策的意义何在？ 3、教学管理的内容？ 4、教育科研管理的主要程序？ 三、综述题： 1．第1题 路由器的主要功能是( )。 A.A．选择转发到目标地址所用的最佳路径 B.B．重新产生衰减了的信号 C.C．把各组网络设备归并进一个单独的广播域 D.D．向所有网段广播信号 您的答案：A 题目分数：3.0 此题得分：3.0 2．第2题 通过软件将交换LAN中的某些站点连接在一起成为一个逻辑工作组，这个工作组就构成一个（） A.物理LAN 页脚内容1 B.虚拟LAN C.交换LAN D.内部LAN 您的答案：B 题目分数：3.0 此题得分：3.0 3．第3题 WAN与LAN的不同在于( )。 A.A．使用的计算机 B.B．地域的大小 C.C．不同的通信设备 D.D．信息传输方式 您的答案：B 页脚内容2 题目分数：4.0 此题得分：0.0 4．第4题 xDSL技术是利用数字技术对现有的模拟电话用户线进行改造，使它能够承载宽带业务的一种点对点的接入技术。目前，最为广泛使用的xDSL是( )。 A.A．非对称数字用户线ADSL B.B．单线对数字用户线SDSL C.C．高速数字用户线HDSL D.D．超高速数字用户线VDSL 您的答案：A 题目分数：3.0 此题得分：3.0 页脚内容3 5．第5题 数据报和虚电路属于（）。 A.线路交换 B.报文交换 C.分组交换 D.信元交换 您的答案：C 题目分数：3.0 此题得分：3.0 6．第6题 语法转换和语法选择是（）应完成的功能。 A.网络层 B.传输层 C.表示层 页脚内容4 D.会话层 您的答案：C 题目分数：3.0 此题得分：3.0 7．第7题 以下哪一项不是数据链层必须解决的（）。 A.封装成帧 B.透明传输 C.差错控制 D.比特流传输 您的答案：D 题目分数：3.0 此题得分：3.0 页脚内容5 《计算机应用基础教程（2011版）》习题参考答案 第一章 单选题：1C 2C 3B 4C 5B 6C 7C 8D 9B 10D 11A 12B 13B 14D 15A 16D 17C 18B 19D 20C 21A 22A 23C 24A 25D 多选题：1ABC 2ABCD 3ABC 4AC 5ABCD 6ABC 7BC 8ABD 9AC 10ABD 填充题：1信息 2转换为 3转换 48 5主存辅存 6层次结构高速缓存外存 772 8系统软件应用软件 9通信技术 10信道 第二章 单选题：1C 2D 3B 4A 5A 6C 7D 8C 9B 10C 11D 12D 13C 14C 15A 16B 17B 18B 19D 20C 21D 22D 23C 24C 25C 多选题：1AB 2ABC 3AC 4ABCD 5ABCD 填充题：1Peek(桌面透视) 2Snap(窗口吸附) 3家庭组 4跳转列表(Jump List) 5 1.Why did you choose East China Normal University?(你为什么选择报考华东师范大学?) 2.Why did you choose XXX?(你为什么选择报考MBA专业?) 3.What would you like to be doing 3 years after graduation?(what’s your plan if you are admitted to our school? (毕业5年后，你希望从事什么样的工作?) 4.What has been your greatest accomplishment?(你曾取得的最大成就是什么?) 5.Describe your greatest strengths and weaknesses. (请描述一下你最大的优点和缺点?) 6.What have you learned from the jobs you have held?(你从以往所从事的工作中学到了哪些东西?) 7.谈谈你在学期间最大的收获是什么 8.“我们的问题都问完了，请问你对我们有没有什么问题要问 准备英语面试最好先写一个自我陈述，就像中文的自我介绍一样，尽量写得详细些，包括自己生活、学习的方方面面，然后把它翻译成英文，流利地背下来，老师的很多提问都可以用其中的句子来回答。 一、面试程序 不同的单位对面试过程的设计会有所不同，有的单位会非常正式，有的单位则相对比较随意，但一般来说，面试可以分为以下五个阶段： 第一阶段：准备阶段。准备阶段主要是以一般性的社交话题进行交谈，例如主考会问类似“从宿舍到这里远不远”、“今天天气很好，是吗？”这样的问题，目的是使应聘人员能比较自然地进入面试情景之中，以便消除毕业生紧张的心情，建立一种和谐、友善的面试气氛。毕业生这时就不需要详细地对所问问题进行一一解答，可利用这个机会熟悉面试环境和考官。 第二阶段：引入阶段。社交性的话题结束后，毕业生的情绪逐渐稳定下来，开始进入第二阶段，这阶段主要围绕其履历情况提出问题，给应聘者一次真正发言的机会。例如主考会问类似“请用简短的语言介绍一下你自己”、“在大学期间所学的主要课程有哪些”、“谈谈你在学期间最大的收获是什么”等问题。毕业生在面试前就应对类似的问题进行准 计算机学院2006/2007学年第二学期期末考试试卷 《计算机网络》 一、填空题（共30分）。 1.为减少干扰，网络使用的两种基本电缆类型是同轴电缆和双绞线。 2.使用01111110比特作为一帧的起始定界符和终止定界符，若信息字段中出现连续 的5个1、则在其后面填入一个0的帧填充方式称为一个零比特填充 3.CSMA/CD协议中的二进制指数类型退避算法中发送站最多会重新尝试10 次 发送，如果经过这种多次和重传仍失败，则放弃发送。 4.在路由表的构建过程中，有两种基本的方法，其中静态路由主要优点是 简单、网络开销小，但它缺乏灵活性。 5.一个ATM信元的总长度为53 字节，其中首部占 5 个字节。 6.网络的服务模式分为面向连接和无连接两种，其中前者也叫虚 电路或者虚拟连接服务，后者也叫数据报服务。 7.与传统Ethernet不同，快速以太网将每个比特的发送时间降低到10 ns. 8.将两台主机的IP地址分别与它们的子网掩码进行与操作，若结果相同，则 说明这两台主机在同一子网段内。 9.OSI参考模型从下到上依次是物理层、数据链路层、网络层、传输层、 会话层、表示层和应用层。 10.我们的网络工程实验室共有 5 个机柜供同学做实验，除第一个机柜外，其 他每个机柜上均有2个二层交换机、1个三层交换机和 4 个路由器。 11.1969年，美国国防部ARPANET 网的出现，标志着互联网的诞生。 12.常见的局域网拓扑结构包括总线、星型、环型、树型、混合型。 13.网络层负责数据包从信源到信宿的传递过程，保证每个数据包能有效率地到 达目的地，但不提供可靠性，在传递过程中数据包可能经过多个节点。 14.在10Mbps的以太网中，单段双绞线的最大长度为100 为，细缆同轴电缆的 最大长度为185 米。 15.奈奎斯特准则从定量的角度描述了带宽与速率的关系。 16.路由器可以包括一个特殊的路由。如果没有发现到达某一特定网络或特定主机的路 由，那么它在转发数据包时使用的路由称为默认路由。 17.为屏蔽底层网络差异，IEEE802.3标准将LAN数据链路层分为两个子层，其中高层 为LLC 低层为MAC 。 18.Token Ting局域网中的令牌是一种特殊的抵制帧，它用来控制结点对总线的使用 权。 19.由同轴电缆构成的10Mbps以太网在物理上属于星形拓扑结构。 20.TCP/IP 网络模型虽然不是一个由国际组织颁布的网络模型标准，但它已经成为 工业界的事实标准。这是一个 4 层的模型。 二、选择题（共20分）。 1.以太网的物理地址由 D 字节构成。 A、32 B、4 C、48 D、6 版权所有：07本5华东师范大学347真题
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键，该文件被逻辑删除 C. 在“回收站”中选中该文件，按下键，该文件 被逻辑删除 D?在“桌面”中选中该文件，按下键，该文件被逻辑删除 答案: C 题目9 在Windows 中下面的叙述正确的是 A. “写字板”是字处理软件，不能进行图文处理 B?“画图”是绘图工具，不能输入文字 C. “写字板”和“画图”均可以进行文字和图形处理 D?“记事本”文件可以插入自选图形答案: C 题目10 关于Windows 窗口的概念，以下叙述正确的是 A. 屏幕上只能出现一个窗口，这就是活动窗口 B. 屏幕上可以出现多个窗口，但是只有一个是活动窗口 C. 屏幕上可以出现多个窗口，但不止一个活动窗口 D .当屏幕上出现多个窗口时，就没有了活动窗口答案: B 题目11 在资源管理器中，选定多个非连续文件的操作为 A. 按住Shift键，单击每一个要选定的文件图标 B. 按住Ctrl键，单击每一个要选定的文件图标 C. 先选中第一个文件，按住Shift键，再单击最后一个要选定的文件图标 D. 先选中第一个文件，按住Ctrl键，再单击最后一个要选定的文件图标 答案: B 题目12 Word 具有的功能是 A. 表格处理 B. 绘制图形 C. 自动更正华东师范大学中国哲学历年真题
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